江苏省2020版高考物理三轮复习 热点16 力学综合题（三大观点的应用）练习（含解析）

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1、热点16　力学综合题(三大观点的应用) (建议用时：20分钟) 1．如图甲所示，质量M＝1.0 kg的长木板A静止在光滑水平面上，在木板的左端放置一个质量m＝1.0 kg的小铁块B，铁块与木板间的动摩擦因数μ＝0.2，对铁块施加水平向右的拉力F，F大小随时间变化如图乙所示，4 s时撤去拉力．可认为A、B间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取重力加速度g＝10 m/s2.求： (1)0～1 s内，A、B的加速度大小aA、aB； (2)B相对A滑行的最大距离x； (3)0～4 s内，拉力做的功W； (4)0～4 s内系统产生的摩擦热Q.

2、 2．(2019·无锡市高三期末调研)如图所示，半径R＝2.0 m的光滑圆弧轨道固定在光滑的水平地面上，其末端水平．平板小车上固定一木块，紧靠在轨道的末端，木块上表面水平粗糙，且与圆弧轨道末端等高．木块的厚度h＝0.45 m，木块最右端到小车最右端的水平距离x＝0.45 m，小车连同木块总质量M＝2 kg.现使一个质量m＝0.5 kg的小球从圆弧轨道上由静止释放，释放小球的位置和圆弧轨道的圆心之间的连线与竖直方向的夹角为53°，小球从木块右端飞出后恰好击中小车的最右端．(g＝10 m/s2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)求： (1)小球到达

3、圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小； (2)小球离开木块最右端时，小球的速度大小； (3)小球运动到木块最右端过程中，系统产生的内能． 3.如图所示，在水平轨道上方O处，用长为L＝1 m的细线悬挂一质量为m＝0.1 kg 的滑块B，B恰好与水平轨道相切，并可绕O点在竖直平面内摆动．水平轨道的右侧有一质量为M＝0.3 kg 的滑块C与轻质弹簧的一端相连，弹簧的另一端固定在竖直墙D上，弹簧处于原长时，滑块C静止在P点处．一质量也为m＝0.1 kg的子弹以初速度v0＝15 m/s射穿滑块B后(滑块B质量不变)射中滑块C并留在其中，一起压缩弹簧，

4、弹簧最大压缩量为x＝0.2 m．滑块B做圆周运动，恰好能保证绳子不松弛．滑块C与PD段的动摩擦因数为μ＝0.5，A、B、C均可视为质点，重力加速度为g＝10 m/s2，结果保留两位有效数字．求： (1)子弹A和滑块B作用过程中损失的能量； (2)弹簧的最大弹性势能． 热点16　力学综合题(三大观点的应用) 1．解析：(1)在0～1 s内，A、B两物体分别做匀加速直线运动 根据牛顿第二定律得μmg＝MaA F1－μmg＝maB 代入数据得aA＝2 m/s2，aB＝4 m/s2. (2)t1＝1 s后，拉力F2＝μmg，铁块B

5、做匀速运动，速度大小为v1；木板A仍做匀加速运动，又经过时间t2，速度与铁块B相等． v1＝aBt1 又v1＝aA(t1＋t2) 解得t2＝1 s 设A、B速度相等后一起做匀加速运动，运动时间t3＝2 s，加速度为a F2＝(M＋m)a a＝1 m/s2 木板A受到的静摩擦力f＝Ma<μmg，A、B一起运动，B相对A滑行的最大距离 x＝aBt＋v1t2－aA(t1＋t2)2 代入数据得x＝2 m. (3)0～1 s内拉力做的功W1＝F1x1＝F1·aBt＝12 J 1～2 s内拉力做的功W2＝F2x2＝F2v1t2＝8 J 2～4 s内拉力做的功 W3＝F2x3＝F2

6、＝20 J 0～4 s内拉力做的功W＝W1＋W2＋W3＝40 J. (4)系统的摩擦热Q只发生在铁块与木板相对滑动阶段，此过程中系统产生的摩擦热 Q＝μmgx＝4 J. 答案：(1)2 m/s2　4 m/s2　(2)2 m　(3)40 J　(4)4 J 2．解析：(1)设小球到达轨道末端的速度为v0，由机械能守恒定律 mgR(1－cos 53°)＝mv 解得v0＝4 m/s 小球在轨道最低点F－mg＝m 解得F＝9 N 由牛顿第三定律知小球对轨道的压力 F′＝F＝9 N. (2)设小球运动到木块最右端的速度为v1，此时小车的速度为v2， 由动量守恒定律得mv0＝mv1

7、＋Mv2 小球离开木块最右端后做平抛运动，运动时间为t h＝gt2 解得t＝0.3 s 小球恰好击中小车的最右端 v1t－v2t＝x 以上各式联立解得v1＝2 m/s，v2＝0.5 m/s 所以小球到达木块最右端的速度大小为2 m/s. (3)由能量守恒定律得 mgR(1－cos 53°)＝mv＋Mv＋Q 解得Q＝2.75 J. 答案：(1)9 N　(2)2 m/s　(3)2.75 J 3．解析：(1)①若滑块B恰好能够做完整的圆周运动，则在圆周运动最高点有mg＝m 解得v1＝＝ m/s 滑块B从最低点到最高点过程中，由机械能守恒定律得 mg·2L＋mv＝mv

8、解得vB＝＝5 m/s 子弹A和滑块B作用过程，由动量守恒定律得mv0＝mvA＋mvB， 解得vA＝10 m/s 子弹A和滑块B作用过程中损失的能量 ΔE＝mv－mv－mv＝10 J. ②若滑块B恰好能够运动到与O等高处，则到达与O等高处时的速度为零，滑块B从最低点到与O等高处的过程，由机械能守恒定律得mg·L＝mv′ v′B＝＝2 m/s 子弹A和滑块B作用过程，由动量守恒定律得mv0＝mv′A＋mv′B， 解得v′A＝(15－2) m/s 子弹A和滑块B作用过程中损失的能量 ΔE＝mv－mv′－mv′≈7.5 J. (2)①若滑块B恰好能够做完整的圆周运动，设A与C作用后瞬间的共同速度为v，由动量守恒定律有 mvA＝(M＋m)v A、C一起压缩弹簧，由能量守恒定律有 (M＋m)v2＝Ep＋μ(M＋m)gx， 解得Ep＝2.1 J. ②若滑块B恰好能够运动到与O等高处，设A与C作用后瞬间的共同速度为v′，由动量守恒定律得 mv′A＝(M＋m)v′ A、C一起压缩弹簧，由能量守恒定律有 (M＋m)v′2＝Ep＋μ(M＋m)gx， 解得E′p≈3.1 J. 答案：见解析 - 6 -