江苏省2020版高考物理三轮复习 小卷综合练（六）（含解析）

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1、小卷综合练(六) (建议用时：40分钟) 12．[选修3­5](12分) (1)物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展．下列说法符合事实的是____________． A．放射性元素的半衰期与原子所处的化学状态和外部条件有关 B．有10个放射性元素的原子核，当有5个原子核发生衰变时所需的时间就是该放射性元素的半衰期 C．黑体辐射与材料的种类及表面状况无关 D．动量相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等 (2)用极微弱的红光做双缝干涉实验，随着曝光时间的延长，可以先后得到如图(a)、(b)、(c)所示的图样，这里的图样____________

2、(填“是”或“不是”)光子之间相互作用引起的，实验表明光波是一种____________(填“概率波”或“物质波”)． (3)Co发生一次β衰变后变为Ni核，在该衰变过程中还发出频率为ν1和ν2的两个光子，试写出衰变方程式，并求出该核反应因释放光子而造成的质量亏损． 13．A.[选修3­3](12分) (1)关于晶体和非晶体、液晶、液体及气体的性质，下列说法正确的是________． A．不具有规则几何形状的物体一定不是晶体 B．当液晶中电场强度不同时，

3、液晶表现出光学各向同性 C．使未饱和汽变成饱和汽，可采用降低温度的方法 D．液体表面层的分子分布要比液体内部分子分布稀疏些 (2)一定量的理想气体从状态M可以经历过程1或者过程2到达状态N，其p－V图象如图所示．在过程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化．则在1过程中气体分子的平均速率________(填“不断增大”“不断减小”或“先增大后减小”)；气体经历过程2________(填“吸收”“放出”或“既不吸收也不放出”)热量． (3)如图，一根竖直的弹簧吊着一汽缸的活塞，使汽缸悬空而静止．设活塞和缸壁间无摩擦且可以在缸内自由移动，缸壁导热性能良

4、好，使缸内气体温度总能与外界大气温度相同，已知汽缸重为G(不包括活塞)，汽缸底面积为S，不计汽缸壁厚，开始时大气压强为p0，大气温度为T0，缸内气体体积为V0.求： ①开始时缸内气体的压强p； ②若外界大气压强不变，气体温度升高到T1，缸内气体对外做功W. B．[选修3­4](12分) (1)超声波是一种频率高于20 000赫兹的声波，波长很短，只有几厘米，甚至千分之几毫米，它的方向性好，穿透能力强，易于获得较集中的声能，在医学、军事、工业、农业上有很多的应用．关于超声波，下列说法中正确的有________． A．由于高

5、频率超声波波长很短，衍射本领很差，在均匀介质中能够沿直线传播 B．空气中超声波传播速度远大于普通声波传播的速度 C．当超声波在介质中传播时，介质参与振动的频率等于超声波频率 D．用超声波测血液流速，超声波迎着血液流动方向发射，血液流速越快，仪器接收到的反射回波的频率越低 (2)如图所示，宇航飞行器以接近光速的速度经过地球，宇航舱内点光源S与前壁M和后壁N距离都是L.某时刻光源S发出一个闪光，宇航舱内仪器观测到M、N同时接收到光信号，则地面观测站观测到闪光________(填“是”或“不是”)同时到达M、N；地面观测站观测到宇航舱前后壁间距离________(填“>”“＝”或“<”)2L

6、. (3)测量两面平行玻璃砖折射率的装置如图所示，带圆孔的遮光板N和光屏M平行放置，O点为圆孔的圆心，OO′连线垂直于光屏M，在O′O连线的延长线上放置一个点光源S，S到光屏M距离H＝20 cm，测得光屏M上圆形光斑半径r1＝20 cm.将厚度d＝10 cm、足够长的玻璃砖贴着N板放置，测得光屏M上圆形光斑半径为r2＝15 cm. ①求玻璃砖的折射率n； ②若将玻璃砖沿OO′连线向光屏M平移一小段距离，说明折射后落在光屏M上圆形光斑的大小有无变化． 14.(15分)(20

7、19·苏州市调研)如图所示，“”形金属导轨水平放置，宽为L＝0.50 m，电阻大小不计．在导轨间长d＝0.8 m的区域内，存在方向垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B＝2.0 T．质量m＝4.0 kg、电阻R0＝0.05 Ω的金属棒CD水平置于导轨上，与轨道之间的动摩擦因数为0.25，初始位置与磁场区域的左边界相距s＝0.2 m，用一根轻质绝缘的细绳水平绕过定滑轮与CD棒相连，现用一个恒力F＝50 N竖直向下作用于细绳A端，CD棒由静止开始运动，运动过程中CD棒始终保持与导轨垂直，g取10 m/s2.求： (1)CD棒刚进入磁场时所受的安培力的大小； (2)CD棒通过磁场的过程中流过其

8、横截面的电荷量q； (3)CD棒在磁场中运动的过程中电路中所产生的焦耳热Q. 15．(16分)(2019·第二次江苏大联考)如图所示，斜面AB长xAB＝3 m、倾角为α，其底端B与水平传送带相切，传送带长为L＝3 m，始终以v0＝5 m/s的速度顺时针转动．现有一个质量m＝1 kg的物块(可视为质点)，在离B点xPB＝2 m处的P点由静止释放．已知物块与斜面间的动摩擦因数μ1＝0.25，物块与传送带间的动摩擦因数μ2＝0

9、.2，g取10 m/s2.求： (1)倾角α逐渐增大到多少时，物块能从斜面开始下滑(用正切值表示)； (2)当α＝37°时，由P到C的过程中，摩擦力对物块所做的功； (3)当α＝53°时，为了使物块每次由A滑到C点时均抛在同一点D，求物块释放点P到B点的取值范围． 16.(16分)如图所示，在坐标系xOy的第一象限内有方向竖直向上的匀强电场，第二象限内有磁感应强度大小为B1(未知)、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，第三、四象限

10、内有磁感应强度大小为B2(未知)、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，一电荷量为q、质量为m的带负电的粒子，从x轴上的P点(－L，0)，沿与x轴负方向成37°角的方向向上射出，射出时的初速度大小为v0，经磁场偏转后，垂直通过y轴，粒子运动过程中第一次通过x轴时，速度方向与x轴的正方向刚好成37°角，又经过一段时间刚好从P点第二次通过x轴．不计粒子的重力．求：(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) (1)磁感应强度B1的大小及粒子第一次通过y轴的位置； (2)电场强度E及磁感应强度B2的大小； (3)粒子从P点出发再回到P点所用的时间．

11、 小卷综合练(六) 12．解析：(1)放射性元素的半衰期长短只和元素本身性质有关，与外界因素无关，A错误；半衰期是放射性元素衰变的统计规律，对个别的原子核没有意义，B错误；黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与温度有关，与材料的种类及表面状况无关，C正确；由λ＝可知，动量相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等，D正确．(3)Co→e＋Ni，根据ΔE＝Δmc2可知，Δm＝. 答案：(1)CD　(2)不是　概率波 (3)Co→e＋Ni　 13．A.解析：(1)晶体与非晶体的区别不在于宏观上的几何形状是否规则，而在于微观上是否具有规则的几何结构，选项A错误；当液晶中电场强度不同时

12、，液晶表现出光学各向异性，选项B错误；通过降温可使饱和汽压降低，从而使未饱和汽变成饱和汽，选项C正确；液体表面层的分子分布要比液体内部分子分布稀疏些，选项D正确． (2)在过程1中，气体膨胀，气体对外界做功，依题意此过程无热量交换，根据热力学第一定律，内能减小，温度降低，气体分子的平均速率不断减小；在过程2中，气体先经历等容变化，压强减小，温度降低，放出热量，再经历等压膨胀，气体对外做功，温度升高，内能增大，需要吸收热量，p－V图象围成的面积表示气体对外界做功，结合过程1来看，过程2需要放出热量． (3)①对汽缸进行受力分析 pS＋G＝p0S p＝p0－. ②根据理想气体状态方程有

13、 ＝ 得V1＝T1 W＝p(V1－V0) ＝(p0－)V0. 答案：(1)CD　(2)不断减小　放出 (3)见解析 13．B.解析：(1)高频率超声波的波长很短，衍射本领很差，在均匀介质中能够沿直线传播，A正确；空气中超声波传播速度与普通声波传播速度相同，B错误；当超声波在介质中传播时，介质参与振动的频率等于超声波频率，C正确；用超声波测血液流速，超声波迎着血液流动方向发射，由多普勒效应知，血液流速越快，仪器接收到的反射回波的频率越高，D错误． (2)根据相对性知，地面观测站观测到闪光不是同时到达M、N；地面观测站观测到宇航舱前后壁间距离小于2L. (3)①设射入玻璃砖光线入射

14、角的最大值为θ1，对应的折射角为θ2，则 sin θ1＝， sin θ2＝ 由折射定律有n＝ 解得n＝. ②光通过玻璃砖后侧位移相同，光斑大小无变化。 答案：(1)AC　(2)不是　< (3)①　②光通过玻璃砖后侧位移相同，光斑大小无变化 14．解析：(1)金属棒进入磁场前做匀加速直线运动 由牛顿第二定律得：F－μmg＝ma 代入得a＝10 m/s2 由运动学公式得：v2＝2as 代入得v＝2 m/s 金属棒刚进入磁场时的感应电动势 E＝BLv 感应电流I＝ 安培力F安＝BIL 联立得金属棒刚进入磁场时所受安培力F安＝40 N. (2)q＝I·Δt＝·Δt＝

15、 解得q＝＝16 C. (3)金属棒进入磁场后，满足F＝μmg＋F安，金属棒所受合力为零，金属棒在磁场中受力平衡，做匀速直线运动 电路中电流为恒定电流I＝40 A 在磁场中运动所用时间t＝， 则t＝0.4 s 由焦耳定律得Q＝I2R0t 代入得CD棒在磁场中运动的过程中回路中所产生的焦耳热Q＝32 J. 答案：见解析 15．解析：(1)为使物块下滑，有： mgsin α>μ1mgcos α 解得倾角α满足的条件为： tan α>0.25. (2)由P到B，由动能定理得： mgxPBsin α－μ1mgxPBcos α＝mv 解得vB＝4 m/s 在B点，因为vB

16、＝4 m/s

17、速运动，则 mgx1sin α－μ1mgx1cos α＋μ2mgL＝mv 解得x1＝1 m 当P到B点的距离为x2时，物块进入传送带后一直做匀减速运动 则mgx2sin α－μ1mgx2cos α－μ2mgL＝mv 解得x2＝ m 所以物块释放点到B点的距离的取值范围为1 m≤s≤ m. 答案：(1)tan α>0.25　(2)4.5 J (3)1 m≤s≤ m 16．解析：(1)粒子经过磁场偏转，垂直通过y轴，因此粒子在第二象限的磁场中做圆周运动的圆心在y轴上，作出粒子整个运动过程轨迹如图所示，根据几何关系可知，粒子做圆周运动的半径为R1＝＝L， 根据qv0B1＝m解得：

18、B1＝； 粒子第一次通过y轴的位置为： y＝R1＋R1cos 37°＝3L， 因此通过y轴的位置坐标为(0，3L)； (2)粒子在电场中做类平抛运动，第一次通过x轴时，速度方向与x轴正方向夹角为37°， 则粒子通过x轴时，在电场中沿x轴方向的位移为x＝v0t1， y方向的位移为y＝vyt1，又tan 37°＝，qE＝ma， 解得：x＝8L，E＝； 粒子通过x轴的速度为：v1＝＝v0，根据几何关系可知，粒子在三、四象限内做圆周运动的半径为：R2＝＝7.5L， 根据qv1B2＝m解得：B2＝； (3)粒子在第二象限的运动周期为： T1＝， 在第二象限的运动时间为：t0＝T1，在电场中运动时间为：t1＝， 在第三、四象限中运动周期为： T2＝， 在第三、四象限中运动时间为： t2＝T2， 因此从P点出发到再回到P点经过的时间为 t＝t0＋t1＋t2＝(＋8). 答案：(1)　(0，3L)　(2) 　(3)(＋8) - 13 -