2017-2018学年高中生物 第一章 孟德尔定律 第一节 分离定律（Ⅲ）教学案 浙科版必修2

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1、 第一节　分离定律(Ⅲ) 知识内容 必考要求 加试要求 分离定律的应用 c c 杂交实验的设计 c 课时要求 1.结合实例，归纳分离定律的解题思路与规律方法。2.结合实践，简述分离定律在实践中的应用。 任何一门学科的形成与发展，总是同当时热衷于这门科学研究的杰出人物紧密相关，遗传学的形成与发展也不例外，孟德尔就是遗传学杰出的奠基人。他揭示出遗传学的基本定律——分离定律。那么，我们如何利用分离定律来解决实际问题呢？今天我们就来学习利用分离定律解决实际问题的解题思路与规律方法。 一、分离定律的解题思路与规律方法题型 1．分离定律中的推断问题(以A、a为例

2、) (1)由亲本推断子代基因型与表现型，填写下表： 亲本 子代基因型及比例 子代表现型及比例 AA×AA AA 全为显性 AA×Aa AA∶Aa＝1∶1 AA×aa Aa Aa×Aa AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1 显性∶隐性＝3∶1 Aa×aa Aa∶aa＝1∶1 显性∶隐性＝1∶1 aa×aa aa 全为隐性 (2)由子代推断亲代的基因型与表现型(逆推型) ①分离比法：运用上表直接逆推，如： 后代显隐性关系 双亲类型 结合方式 显性∶隐性＝3∶1 都是杂合子 Aa×Aa→3A_∶1aa 显性∶隐性＝1∶1 测交类型 Aa×aa

3、→1Aa∶1aa 只有显性性状 至少一方为显性纯合子 AA×AA或AA×Aa或AA×aa 只有隐性性状 一般都是隐性纯合子 aa×aa→aa ②隐性突破法：如果子代中有隐性个体存在，它往往是逆推过程中的突破口。因为隐性个体是纯合子aa，基因只能来自父母双方，因此亲代基因型中必然都有一个a。 ③填充法：先根据亲代性状表现写出能确定的基因，显性性状基因型可用A_来表示，隐性性状基因型只有一种aa。根据子代中一对基因分别来自两个亲本，推出未知部分即可。 2．遗传概率的计算 (1)用经典公式计算：概率＝(某性状或基因组合数/总组合数)×100%。 (2)用配子的概率计算：先计

4、算出亲本产生每种配子的概率，再根据题意要求用相关的两种配子概率相乘、相关个体的概率相加即可。 3．概率计算中的两个原则 (1)乘法原则：两个或两个以上相对独立的事件同时出现的概率等于各自概率的积。如：第一胎不论生男还是生女都不会影响第二胎所生孩子的性别，因此两胎都生女孩属于两个独立事件。第一胎生女孩的概率为1/2，第二胎生女孩的概率为1/2，那么两胎都生女孩的概率是1/2×1/2＝1/4。 (2)加法原则：两个或两个以上互斥事件同时出现的概率等于各自概率的和。 羊的毛色由一对等位基因A和a决定，现有两只白羊生了一只黑羊，据此分析： 1．三只羊的基因型依次是怎样的？ 答案　亲代白

5、羊均为Aa、Aa，子代黑羊为aa。 2．如果它们再生一只小羊，其毛色是白色的概率是多少？ 分析　两只白羊的后代中出现了性状分离，则新出现的黑色为隐性性状，双亲均为杂合子，设用A、a表示基因，则双亲的基因型均为Aa，子代白羊的基因型为AA或Aa，黑羊的基因型为aa。 方法一：用分离比直接推出 Aa×Aa→AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，后代为白色的概率为。 方法二：用配子的概率计算 Aa亲本产生A、a配子的概率都是，则： ①后代为AA的概率＝×＝； ②后代为Aa的概率＝ A(卵细胞)概率×a(精子)概率＋ a(卵细胞)概率×A(精子)概率＝×＋×＝； 所以，后代小羊的毛色是白色的

6、概率是。 答案　。 3．这对白羊再连续生两只小羊，这两只小羊是一白一黑的概率是多少？ 分析　一白一黑有两种情况：先黑后白、先白后黑，两种情况是互斥事件，概率应该相加，小羊为白色的概率为，为黑色的概率为，即：×＋×＝。 答案　。 1．纯合的黄色(YY)豌豆与绿色(yy)豌豆杂交得F1，F1自交，选取F1所结的黄色种子全部种下，植物长成后，自然状态下授粉，则这些植株所结的种子中，黄色与绿色的比例是(　　) A．1∶1 B．3∶1 C．5∶1 D．6∶1 答案　C 解析　据题意可知，F1所结的黄色种子基因型有两种：YY、Yy，在黄色籽粒中分别占、，自交子代应是(YY×YY)

7、＋(Yy×Yy)＝YY＋(YY＋Yy＋yy)＝YY＋Yy＋yy。即Y_∶yy＝∶＝5∶1。 2．已知果蝇的黑身(b)和灰身(B)是一对相对性状，将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交，F1全部为灰身，让F1中雌雄果蝇交配得到F2，将F2的灰身果蝇全部取出，让其自由交配，后代中灰身果蝇所占的比例是(　　) A．1 B. C. D. 答案　D 解析　灰身为显性性状，F2中灰身基因型为BB或Bb，分别占和。 方法一：F2中灰身果蝇自由交配有四种组合方式： ①♂BB×♀BB→BB灰身； ②♂BB×♀Bb→B_灰身； ③♂Bb×♀BB→B_灰身； ④♂Bb×♀Bb→B_灰身＋黑身。 因

8、此后代中灰身果蝇比例为：＋＋＋＝。 方法二：F2中只有Bb×Bb杂交后代才出现bb(黑身)果蝇，故黑身果蝇所占比例为Bb×Bb＝××＝，则灰身果蝇所占比例为1－＝。 易混辨析　自交和自由交配 (1)自交是指基因型相同的个体交配，植物是指自花授粉。 (2)自由交配是指群体中不同个体随机交配，基因型相同或不同的个体之间都要进行交配。 二、分离定律的实践应用、遗传学的实验设计 1．分离定律的实践应用 (1)指导杂交育种 杂交育种的一般流程：父本(♂)、母本(♀)间行种植→母本去雄→人工授粉→套袋隔离→培养管理→F1杂交种→F1自交→从F2中选择需要的品种。 ①若优良性状为隐

9、性性状：一旦出现就能稳定遗传，便可留种推广。 ②若优良性状为显性性状：F2中表现优良性状的个体可能是杂合子，其后代会发生性状分离，不能稳定遗传，还需要继续筛选。 (2)预期后代中患病的概率：根据分离定律中概率的求解方法，可以预期某种遗传病的发病概率，为预防该遗传病提供重要的参考。 2．遗传学的实验设计(加试) (1)遗传实验设计的一般程序为：选择亲本→确定交配方式→统计观察子代→分析实验结果，得出结论。 (2)交配方式的确定：①若题中给的是雌雄同株植物，可以考虑自交或者与其他个体交配(如测交)；②若题中给的是动物，只能考虑与其他个体交配(如测交)。 1．具有显性性状的个体可能

10、是杂合子，其后代会发生性状分离，不能稳定遗传。但人们发现杂合子Aa连续自交n代后，Fn的比例情况如下表： Fn 杂合子 纯合子 显性纯合子 隐性纯合子 所占比例 1－ － － (1)结合上表，如果自交次数为横坐标，子代中纯合子或杂合子的比例为纵坐标，那么杂合子、纯合子所占比例坐标曲线图是怎样的？ 答案　如图所示 (2)具有一对基因的杂合子个体，至少连续自交几代后纯合子的比例才可达95%以上？ 答案　Aa的杂合子自交n次，其后代杂合子的比例为，纯合子的比例为1－()≥95%，n≥5。 2．一对夫妇的肤色均正常，且他们双亲的肤色也都正常，并且都有一患白化病的兄弟

11、，求他们婚后生育白化病孩子的概率是多少？ 分析　解此类题可分三步进行：①首先确定该夫妇的基因型及其概率。由前面分析可推知该夫妇的基因型为Aa的概率均为，AA的概率均为。②该夫妇的基因型均为Aa时，后代患病的可能性为(夫妇的基因型均为AA或有一方的基因型为AA时，后代均不可能患病)。③最后将该夫妇的基因型均为Aa的概率与该夫妇的基因型均为Aa情况下生育白化病患者的概率相乘，其乘积即为该夫妇后代中出现白化病患者的概率，即为××＝。 答案　。 3．科学家发现了一只罕见的白色雄猴，想较快地让这只白色雄猴繁殖成一群白色猴，该如何设计实验方案？ 分析　根据“一只”、“罕见”可以推测猴子白色是隐性性

12、状。可让该猴与常色雌猴交配，则子代猴子中会出现杂合子，再让子代雌猴与该白色雄猴交配，即可得到白色猴。 答案　让该猴与多只常色雌猴交配，得F1；让该猴与多只F1雌猴交配，得F2，F2中则会出现白色猴；这样就会很快繁殖成一群白色猴。 3．菜豆是自花授粉的植物，其花色中有色花对白色花为显性。一株杂合有色花菜豆Aa生活在海岛上，如果海岛上没有其他菜豆植株存在，且菜豆为一年生植物，那么第三年海岛上开有色花菜豆植株和白色花菜豆植株的比例是(　　) A．3∶1 B．15∶7 C．5∶3 D．9∶7 答案　C 解析　杂合子自交两代后，杂合子所占比例为(1/2)2＝1/4，纯合子为1－1/4

13、＝3/4，其中显性纯合子与隐性纯合子各占一半，所以第三年的显性个体与隐性个体的比例为(1/4＋1/2×3/4)∶(1/2×3/4)＝5∶3。 4．有一对表现正常的夫妇，男方的父亲是白化病患者，女方的弟弟也是白化病患者，但女方双亲表现正常。这对夫妇生出白化病孩子的概率是(　　) A. B. C. D. 答案　D 解析　表现正常的夫妇，男方的父亲是白化病(aa)，则男方的基因型应为Aa；女方的弟弟是白化病(aa)，则可推知女方双亲的基因型为Aa×Aa，生出女方正常的基因型为AA或Aa。则这对夫妇生出白化病孩子的概率为：×＝。 5．(加试)下列各项实验中应采取的最佳交配方法分别是(　

14、　) ①鉴别一只白兔是否为纯合子　②鉴别一株小麦是否为纯合子　③不断提高水稻品种的纯合度　④鉴别一对相对性状的显隐性关系 A．杂交、测交、自交、测交 B．测交、自交、自交、杂交 C．杂交、测交、自交、杂交 D．测交、测交、杂交、自交 答案　B 解析　兔子能够生育多次，可以利用测交鉴别是否纯合；小麦自交可以自然进行，若为杂合子，子代会出现性状分离，很容易鉴别，若测交，需要人为操作，显然自交比测交方案更好；由于纯合子自交能稳定遗传，杂合子自交会发生性状分离，所以利用连续自交的方式，使得杂合子比例逐渐减少，以提高水稻、小麦、豌豆等植物的纯合度；要鉴别一对相对性状的显隐性关系，利用不

15、同性状的纯合子杂交，子一代表现出的亲本性状即为显性性状。 1．豌豆圆粒(R)对皱粒(r)为显性，用圆粒与皱粒杂交，得到数量相等的圆、皱粒豌豆，再将得到的全部种子播种后授以皱粒的花粉，则第二次杂交组合的基因型是(　　) A．RR×rr B．Rr×Rr C．Rr×rr、rr×rr D．Rr×Rr、rr×rr 答案　C 解析　圆粒与皱粒杂交，得到数量相等的圆粒与皱粒豌豆，说明双亲的基因型为Rr×rr，后代的基因型为Rr∶rr＝1∶1。对这些后代全部授以皱粒花粉，即杂交组合为Rr×rr、rr×rr。 2．一对双眼皮夫妇生了一个单眼皮的孩子，那么这对夫妇再生两个孩子，两个

16、孩子都为双眼皮的概率是(　　) A．1/4 B．3/4 C．1/16 D．9/16 答案　D 解析　该夫妇均为双眼皮，能生出一个单眼皮的孩子，可推知双眼皮对单眼皮为显性性状，且该夫妇都为杂合子(设为Aa)，双眼皮孩子的基因型为AA或Aa，这两种基因型为互斥事件，AA出现的概率为1/4，Aa出现的概率为1/2，则双眼皮孩子出现的概率为1/4＋1/2＝3/4，两个孩子每个孩子为双眼皮的概率都为3/4，这是两个独立事件，应用乘法原理计算，为3/4×3/4＝9/16。 3．将具有一对基因的杂合子，逐代自交3次，在F3中纯合子比例为(　　) A. B. C. D. 答案　B 解

17、析　据杂合子自交n代后的杂合子概率为，推知F3中杂合子的概率为，则纯合子的概率为。 4．(加试)给你一粒黄色玉米(玉米是雌雄同株、雌雄异花的植物，且黄色对白色为显性)，请你从下列方案中选一个既可判断其基因型又能保持纯种的遗传特性的可能方案(　　) A．观察该黄粒玉米，化验其化学成分 B．让其与白色玉米杂交，观察果穗 C．进行同株异花传粉，观察果穗 D．让其进行自花传粉，观察果穗 答案　C 解析　化验黄粒玉米的化学成分无法判断其基因型，A错误；让其与白色玉米杂交，观察果穗，可判断基因型，但不能保持纯种，B错误；进行同株异花传粉，观察果穗，既可以判断其基因型，又能够保持纯种，C正确；

18、玉米是雌雄异花的植物，不能进行自花传粉，D错误。 5．(加试)豌豆花腋生和顶生是一对相对性状，受一对基因B、b控制，下列是几组杂交实验结果。 杂交组合 亲本性状 后代性状 腋生 顶生 一 顶生×顶生 0 804 二 腋生×腋生 651 207 三 顶生×腋生 295 265 根据以上实验结果，分析回答： (1)根据组合________可判断出豌豆花腋生和顶生中，显性性状是________(填“顶生”或“腋生”)。 (2)组合二亲本的基因型分别是________、__________，其后代腋生中杂合子比例为__________。 (3)组合三后代

19、的腋生豌豆中杂合子占________。 答案　(1)二　腋生　(2)Bb　Bb　2/3　(3)100% 解析　组合二中，相同性状的亲本杂交产生的后代发生性状分离，说明亲本性状腋生是显性，且双亲均是杂合子Bb，杂交后代个体中BB占1/4，Bb占1/2，因此后代腋生中杂合子比例为1/2÷(1/4＋1/2)＝2/3。组合三后代中腋生∶顶生＝1∶1，符合测交实验，则双亲的基因型是bb×Bb，后代中腋生豌豆全是杂合子(Bb)。 课时作业 [学考达标] 1．小麦抗锈病对易染锈病为显性。现有甲、乙两种抗锈病的小麦，其中一种为纯合子。需要鉴别和保留纯合的抗锈病小麦，下列哪项最为简便易行(　　) A

20、．甲×乙 B．甲×乙得F1再自交 C．甲、乙分别和隐性类型测交 D．甲自交，乙自交 答案　D 解析　小麦抗锈病为显性，要判断显性性状个体的基因型，可用测交的方法，但若要保留纯合的抗锈病小麦，自交是最简便易行的方法。 2．有一种严重的椎骨病是由隐性基因引起的。一对正常夫妇生了一个有病的女儿和一个正常的儿子，则该儿子携带致病基因的可能性是(　　) A．1/4 B．1/2 C．2/3 D．1/3 答案　C 解析　根据正常夫妇生出一个患病的女儿，可知该夫妇的基因型都是杂合子，因此后代的正常个体中，杂合子的概率为2/3，故C正确。 3．请根据如下鼠毛色(基因F、f)遗传的杂交实

21、验，推测胚胎致死(不能完成胚胎发育)的基因型为(　　) ①黑色×黑色→黑色 ②黄色×黄色→2黄色∶1黑色 ③黄色×黑色→1黄色∶1黑色 A．FF B．Ff C．ff D．不能确定 答案　A 解析　根据②黄色×黄色→后代出现黑色，即发生性状分离，说明黄色相对于黑色为显性性状，因此亲本的基因型均为Ff，则子代的基因型及比例应为FF(黄色)∶Ff(黄色)∶ff(黑色)＝1∶2∶1，即黄色∶黑色＝3∶1，而实际黄色∶黑色＝2∶1，由此可见，显性基因纯合(FF)时致死。 4．如图为山羊的毛色遗传图解(相关基因用A和a表示)，下列相关叙述中，错误的是(　　) A．白色对黑色为显性

22、 B．图中黑色山羊均为纯合子 C．4和5再生一个白色雄性山羊的概率为3/4 D．7为纯合子的概率为1/3 答案　C 解析　因为4和5都是白色个体，但它们生出一个黑色的后代6，故白色对黑色为显性，A正确。因为黑色为隐性，所以凡是黑色个体均为隐性纯合子，基因型是aa，B正确。因为4和5均为显性个体，所以它们都有一个显性基因A，又因为它们生有黑色后代，所以另一个基因都是a，故4和5的基因型都是Aa，所以它们再生育一个白色后代(A_)的概率为3/4，这些后代中雌雄各占一半，故4和5再生一个白色雄性山羊的概率＝3/4×1/2＝3/8，C错。因为4和5基因型都是Aa，故白色个体7的基因型及比例分

23、别是1/3AA和2/3Aa，D正确。 5．人的褐眼对蓝眼为显性，某家庭的双亲皆为褐眼。其甲、乙、丙三个孩子中，有一个是收养的(非亲生孩子)。甲和丙为蓝眼，乙为褐眼。由此得出的正确结论是(　　) A．孩子乙是亲生的，孩子甲或孩子丙是收养的 B．该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4 C．控制孩子乙眼睛颜色的基因型是纯合的 D．控制双亲眼睛颜色的基因型是杂合的 答案　D 解析　由于双亲皆为褐眼，在孩子中出现蓝眼，所以可推知双亲均为杂合子，若控制褐眼和蓝眼的等位基因用A和a表示，则双亲的基因型均为Aa，则孩子可以是蓝眼(aa)，也可以是褐眼(AA和Aa)，所以无法确定甲、乙、丙三个孩子中哪

24、一个是收养的；该夫妇生一个蓝眼男孩的概率为1/4×1/2＝1/8；控制孩子乙眼睛颜色的基因型可以是AA，也可以是Aa。 6．用基因型未知的灰鼠和白鼠进行杂交育种实验，得到的实验结果如表： 杂交组合 亲本 后代 母本 父本 灰色 白色 Ⅰ 灰色 白色 82 78 Ⅱ 灰色 灰色 118 39 Ⅲ 白色 白色 0 50 Ⅳ 灰色 白色 74 0 如果来自组合Ⅳ的灰色雌鼠亲本与来自组合Ⅱ的灰色雄鼠亲本交配，那么下列4种情况最可能的是(　　) A．所有后代都是灰色的 B．所有后代都是白色的 C．后代中的一半是灰色的 D．后代中的1/

25、4是灰色的，或者后代中的1/4是白色的 答案　A 解析　根据杂交组合Ⅱ，具有相同性状的亲本(灰色)杂交，后代出现性状分离，判断灰色是显性，且亲本灰色全是杂合子。根据杂交组合Ⅳ，具有相对性状的两个亲本杂交，后代只表现一种性状(灰色)，判断亲本中的灰色雌鼠是纯合子。杂交组合Ⅳ的灰色雌鼠(纯合子)与组合Ⅱ的灰色雄鼠(杂合子)交配，后代全是灰色。 [高考提能] 7．白化病是一种隐性遗传病，正常(A)对白化(a)为显性。下图是一个白化病家族的遗传系谱图，则图中Ⅰ1、Ⅰ3的基因型和Ⅲ1为白化病患者的概率分别为(　　) A．AA、Aa和1/16 B．Aa、Aa和1/9 C．Aa、AA

26、和1/4 D．Aa、Aa和1/64 答案　B 解析　Ⅰ代四个个体全部正常，Ⅱ1和Ⅱ4为患者，推出Ⅰ1、Ⅰ2、Ⅰ3、Ⅰ4的基因型都是Aa，Ⅱ2、Ⅱ3的基因型为1/3AA、2/3Aa，Ⅲ1为患者的概率为2/3×2/3×1/4＝1/9。 8．(加试)甲和乙为一对相对性状，进行杂交实验可以得到下列四组实验结果。若甲性状为显性，用来说明实验中甲性状个体为杂合子的实验组合是(　　) ①♀甲×♂乙→F1呈甲性状 ②♀甲×♂乙→F1呈甲性状、乙性状 ③♀乙×♂甲→F1呈甲性状 ④♀乙×♂甲→F1呈甲性状、乙性状 A．②④ B．①③ C．②③ D．①④ 答案　A 解析　甲和乙为

27、一对相对性状，其中甲性状为显性，则乙性状为隐性。假设甲性状个体为显性纯合子，♀甲×♂乙、♀乙×♂甲，无论正交还是反交，都应表现为甲的性状；②和④与假设相矛盾，可以用来说明实验中甲性状个体为杂合子。 9．(加试)现有两瓶世代连续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离则可以认为(　　) A．甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子 B．甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子 C．乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子 D．乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果

28、蝇为纯合子 答案　D 解析　让乙瓶中全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离，则说明乙瓶中的灰身果蝇为纯合子。甲瓶中果蝇为杂交得到的杂合子，即乙瓶中果蝇是甲瓶中果蝇的亲本。 10．(加试)鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种。金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了五组实验，结果如下表所示。 杂交组合 第1组 第2组 第3组 第4组 第5组 康贝尔鸭♀×金定鸭♂ 金定鸭♀×康贝尔鸭♂ 第1组的F1自交 第2组的F1自交 第2组的F1♀×康贝尔鸭♂ 后代所产蛋(颜色及数目) 青色(枚) 26 178 7

29、628 2 940 2 730 1 754 白色(枚) 109 58 1 050 918 1 648 请回答问题： (1)根据第1、2、3、4组的实验结果可判断鸭蛋壳的________色是显性性状。 (2)第3、4组的后代均表现出____________现象，比例都接近________。 (3)第5组实验结果显示后代产青色蛋的概率接近________，该杂交称为________，用于检验____________________________。 (4)第1、2组的少数后代产白色蛋，说明双亲中的________鸭群中混有杂合子。 (5)运用统计学方法对上述遗传现象进

30、行分析，可判断鸭蛋壳颜色的遗传符合孟德尔的________定律。 答案　(1)青　(2)性状分离　3∶1 (3)1/2　测交　F1相关的基因型 (4)金定　(5)分离 解析　(1)由1、2组实验结果可知青色蛋数目均多于白色蛋，又可根据3、4组结果2 940∶1 050≈3∶1，2 730∶918≈3∶1，可断定青色蛋是显性性状。(2)第3、4组的后代均表现出性状分离现象，比例接近3∶1。性状分离指在杂种后代中同时表现出显性性状和隐性性状的现象。(3)第5组结果为青色1 754∶白色1 648≈1∶1，可知青色蛋的概率接近1/2，该杂交称为测交，即F1杂合子与隐性纯合子交配，后代基因型、

31、表现型的分离比均接近1∶1，此法可用于检验F1相关的基因型是纯合的还是杂合的，即只看后代是否发生性状分离即可。(4)1、2组的后代中有白色蛋，证明双亲的显性性状即金定鸭群中混有杂合子。(5)孟德尔用豌豆做实验，发现了分离定律，一个关键之处就是运用统计学方法对实验数据进行了分析。 11．多指是一类由基因控制的人类遗传病。已知某女患者的家系图，试回答下列问题(设A、a是与该病有关的基因)： (1)据图谱判断，多指是由______性基因控制的遗传病。 (2)写出Ⅲ中女患者及其父母所有可能的基因型：女患者____________，父亲________，母亲________。 (3)如果该

32、女患者与多指男患者结婚，其后代所有可能的基因型是________________。 (4)如果该女患者与一正常男子结婚，其后代患多指的概率为________。 答案　(1)显　(2)AA或Aa　Aa　Aa　(3)AA、Aa、aa (4)2/3 解析　(1)从遗传系谱图可知，正常个体7号的双亲(5、6号)均为患者，所以该病是由常染色体上的显性基因控制的遗传病。(2)Ⅲ中7号个体的基因型为aa，所以其父母的基因型均为Aa，女患者的基因型为1/3AA或2/3Aa。(3)多指男患者基因型可能为AA或Aa，所以该女患者与多指男患者结婚，后代所有可能的基因型有AA、Aa、aa。(4)正常男子的基因

33、型为aa，只有女患者的基因型为Aa时才会有正常的后代，正常后代的概率为2/3×1/2＝1/3，所以后代患病概率为1－1/3＝2/3。 12．(加试)在家兔的染色体上有一系列决定毛色的复等位基因A、a1、a2、a。A对a1、a2、a为显性，a1对a2、a为显性，a2对a为显性。基因系列决定家兔毛皮颜色时其表现型与基因型关系如下表： 毛皮颜色表现型 基因型 全色 A_ 青旗拉 a1_ 喜马拉扬 a2_ 白化 aa 请回答下列问题： (1)家兔皮毛颜色的基因型共有________种，其中纯合子有________种。 (2)若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子

34、代全色∶青旗拉＝1∶1，则两只亲本兔的基因型分别为________、__________。 (3)基因型为Aa1的雌雄兔交配，子代的毛色及比例为________________________________。 (4)若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用最简便的杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的基因型？(写出实验思路和预期实验结果即可)________________________________ ___________________________________________________________________________________________

35、_____________________________________________________________________________________________________________________。 答案　(1)10　4　(2)Aa1　a2a2或a2a　(3)全色兔占3/4，青旗拉兔占1/4　(4)选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配。若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为a2a2；若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为a2a 解析　(1)根据题目信息家兔毛色的基因型有：AA、Aa1、Aa2、Aa、a1a1、a1a2、a1a、a2a2

36、、a2a、aa，纯合子有4种。 (2)全色雄兔(A_)和一只喜马拉扬雌兔(a2_)多次交配后，子代全色(A_)∶青旗拉(a1_)＝1∶1，推理亲代全色雄兔为Aa1，喜马拉扬雌兔为a2a2或a2a。 (3)基因型为Aa1的雌雄兔交配，子代中有全色兔为AA、Aa1共占3/4；青旗拉兔为a1a1占1/4。 (4)喜马拉扬雄兔的基因型是a2a2或a2a，检测喜马拉扬雄兔的基因型应让喜马拉扬雄兔与白化雌兔测交。 [真题体验] 13．(2012·安徽，4)假设某植物种群非常大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变。抗病基因R对感病基因r为完全显性。现种群中感病植株rr占，抗病植株RR和R

37、r各占，抗病植株可以正常开花和结实，而感病植株在开花前全部死亡。则子一代中感病植株占(　　) A. B. C. D. 答案　B 解析　由题干条件可知，该种群具有生殖能力的个体的基因型为RR、Rr，二者在种群中各占4/9，即在具有生殖能力的群体中各占1/2，故该种群所产生的配子比例为R∶r＝3∶1，r配子的概率为1/4，故子代中基因型为rr的个体的概率为1/4r×1/4r＝1/16rr。 14．(2014·海南， 23)某动物种群中，AA、Aa和aa基因型的个体依次占25%、50%、25%。若该种群中的aa个体没有繁殖能力，其他个体间可以随机交配，理论上，下一代AA∶Aa∶aa基因型个体的数量比为(　　) A．3∶3∶1 B．4∶4∶1 C．1∶2∶0 D．1∶2∶1 答案　B 解析　若该种群中的aa个体没有繁殖能力，参与繁殖的AA与Aa的比例为1∶2，即AA占，Aa占。产生的A配子占，a配子占。故个体间随机交配，产生后代AA占×＝；Aa占2××＝；aa占×＝；故AA∶Aa∶aa基因型个体的数量比为4∶4∶1。 15