2019年高考生物 母题题源系列 专题08 基因的自由组合定律（含解析）

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1、母题08 基因的自由组合定律 【母题来源一】 2019年全国普通高等学校招生统一考试理综生物（全国Ⅰ卷） 【母题原题】某实验室保存有野生型和一些突变型果蝇。果蝇的部分隐性突变基因及其在染色体上的位置如图所示。回答下列问题。 （1）同学甲用翅外展粗糙眼果蝇与野生型（正常翅正常眼）纯合子果蝇进行杂交，F2中翅外展正常眼个体出现的概率为_________________。图中所列基因中，不能与翅外展基因进行自由组合的是_________________。 （2）同学乙用焦刚毛白眼雄蝇与野生型（直刚毛红眼）纯合子雌蝇进行杂交（正交），则子代雄蝇中焦刚毛个体出现的概率为_____

2、________；若进行反交，子代中白眼个体出现的概率为_____________。 （3）为了验证遗传规律，同学丙让白眼黑檀体雄果蝇与野生型（红眼灰体）纯合子雌果蝇进行杂交得到F1，F1相互交配得到F2。那么，在所得实验结果中，能够验证自由组合定律的F1表现型是______________，F2表现型及其分离比是_________________；验证伴性遗传时应分析的相对性状是________________，能够验证伴性遗传的F2表现型及其分离比是_________________。 【答案】（1）3/16 紫眼基因 （2）0 1/2 （3）红眼灰体 红眼灰体∶红

3、眼黑檀体∶白眼灰体∶白眼黑檀体=9∶3∶3∶1 红眼/白眼 红眼雌蝇∶红眼雄蝇∶白眼雄蝇=2∶1∶1 【解析】由图可知，白眼对应的基因和焦刚毛对应的基因均位于X染色体上，二者不能进行自由组合；翅外展基因和紫眼基因位于2号染色体上，二者不能进行自由组合；粗糙眼和黑檀体对应的基因均位于3号染色体上，二者不能进行自由组合。分别位于非同源染色体：X染色体、2号及3号染色体上的基因可以自由组合。（1）根据题意并结合图示可知，翅外展基因和粗糙眼基因位于非同源染色体上，翅外展粗糙眼果蝇的基因型为dpdpruru，野生型即正常翅正常眼果蝇的基因型为：DPDPRURU，二者杂交的F1基因型为： DPdpR

4、Uru，根据自由组合定律，F2中翅外展正常眼果蝇dpdpRU_ _出现的概率为：1/4×3/4=3/16。只有位于非同源染色体上的基因遵循自由组合定律，而图中翅外展基因与紫眼基因均位于2号染色体上，不能进行自由组合。（2）焦刚毛白眼雄果蝇的基因型为：XsnwY，野生型即直刚毛红眼纯合雌果蝇的基因型为： XSNWXSNW，后代的雌雄果蝇均为直刚毛红眼：XSNWXsnw和XSNWY，子代雄果蝇中出现焦刚毛的概率为0。若进行反交，则亲本为：焦刚毛白眼雌果蝇XsnwXsnw和直刚毛红眼纯合雄果蝇XSNWY，后代中雌果蝇均为直刚毛红眼（XSNWXsnw），雄性均为焦刚毛白眼（XsnwY）。故子代出现白眼

5、即XsnwY的概率为1/2。（3）控制红眼、白眼的基因位于X染色体上，控制灰体、黑檀体的基因位于3号染色体上，两对等位基因的遗传符合基因的自由组合定律。白眼黑檀体雄果蝇的基因型为：eeXwY，野生型即红眼灰体纯合雌果蝇的基因型为：EEXWXW，F1中雌雄果蝇基因型分别为EeXWXw，EeXWY，表现型均为红眼灰体。故能够验证基因的自由组合定律的F1中雌雄果蝇均表现为红眼灰体，F2中红眼灰体E_XW_：红眼黑檀体eeXW_∶白眼灰体E-XwY∶白眼黑檀体eeXwY =9∶3∶3∶1。因为控制红眼、白眼的基因位于X染色体上，故验证伴性遗传时应该选择红眼和白眼这对相对性状，F1中雌雄均表现为红眼，基

6、因型为：XWXw，XWY，F2中红眼雌蝇∶红眼雄蝇∶白眼雄蝇=2∶1∶1，即雌性全部是红眼，雄性中红眼∶白眼=1∶1。 【母题来源二】 2019年全国普通高等学校招生统一考试理综生物（全国II卷） 【母题原题】某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。 实验①：让绿叶甘蓝（甲）的植株进行自交，子代都是绿叶 实验②：让甲植株与紫叶甘蓝（乙）植株进行杂交，子代个体中绿叶∶紫叶=1∶3 回答下列问题。 （1）甘蓝叶色中隐性性状是_______

7、___，实验①中甲植株的基因型为__________。 （2）实验②中乙植株的基因型为________，子代中有________种基因型。 （3）用另一紫叶甘蓝（丙）植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1，则丙植株所有可能的基因型是_____________________；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_____________________；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1，则丙植株的基因型为_____________________________。 【答案】（1）绿色 aabb （2）AaBb

8、 4 （3）Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB 【解析】依题意：只含隐性基因的个体表现为隐性性状，说明隐性性状的基因型为aabb。实验①的子代都是绿叶，说明甲植株为纯合子。实验②的子代发生了绿叶∶紫叶＝1∶3性状分离，说明乙植株产生四种比值相等的配子，并结合实验①的结果可推知：绿叶为隐性性状，其基因型为aabb，紫叶为A_B_、A_bb和aaB_。（1）依题意可知：只含隐性基因的个体表现为隐性性状。实验①中，绿叶甘蓝甲植株自交，子代都是绿叶，说明绿叶甘蓝甲植株为纯合子；实验②中，绿叶甘蓝甲植株与紫叶甘蓝乙植株杂交，子代绿叶∶紫叶＝1∶

9、3，说明紫叶甘蓝乙植株为双杂合子，进而推知绿叶为隐性性状，实验①中甲植株的基因型为aabb。 （2）结合对（1）的分析可推知：实验②中乙植株的基因型为AaBb，子代中有四种基因型，即AaBb、Aabb、aaBb和aabb。（3）另一紫叶甘蓝丙植株与甲植株杂交，子代紫叶∶绿叶＝1∶1，说明紫叶甘蓝丙植株的基因组成中，有一对为隐性纯合、另一对为等位基因，进而推知丙植株所有可能的基因型为aaBb、Aabb。若杂交子代均为紫叶，则丙植株的基因组成中至少有一对显性纯合的基因，因此丙植株所有可能的基因型为AABB、AABb、AaBB、AAbb、aaBB。若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶

10、∶绿叶＝15∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明该杂交子代的基因型均为AaBb，进而推知丙植株的基因型为AABB。 【母题来源三】 2019年全国普通高等学校招生统一考试生物（江苏卷） 【母题原题】杜洛克猪毛色受两对独立遗传的等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题： 毛色 红毛 棕毛 白毛 基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb （1）棕毛猪的基因型有_________种。 （2）已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。 ①该杂交实验的亲本基因型为____________。 ②F1测

11、交，后代表现型及对应比例为___________。 ③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有_________种（不考虑正反交）。 ④F2的棕毛个体中纯合体的比例为___________。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为___________。 （3）若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为____________，白毛个体的比例为_____________。 【答案】（1）4 （2）①AAbb和aaBB ②红毛∶棕毛∶

12、白毛=1∶2∶1 ③4 ④1/3 1/9 （3）9/64 49/64 【解析】由题意：猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，可知猪毛色的遗传遵循自由组合定律。AaBb个体相互交配，后代A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，本题主要考查自由组合定律的应用，以及9∶3∶3∶1变型的应用。（1）由表格知：棕毛猪的基因组成为A_bb、aaB_，因此棕毛猪的基因型有：AAbb、Aabb、aaBB、aaBb 4种。（2）①由两头纯合棕毛猪杂交，F1均为红毛猪，红毛猪基因组成为A_B_，可推知两头纯合棕毛猪的基因型为AAbb和aaBB，F1红毛猪的基因型为A

13、aBb。②F1测交，即AaBb与aabb杂交，后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，根据表格可知后代表现型及对应比例为：红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。③F1红毛猪的基因型为AaBb，F1雌雄个体随机交配产生F2，F2的基因型有：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中纯合子有：AABB、AAbb、aaBB、aabb，能产生棕色猪（A_bb、aaB_）的基因型组合有：AAbb×AAbb、aaBB×aaBB、AAbb×aabb、aaBB×aabb 共4种。④F2的基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，棕毛猪A_bb、aaB_所

14、占比例为6/16，其中纯合子为AAbb、aaBB，所占比例为2/16，故F2的棕毛个体中纯合体所占的比例为2/6，即1/3。F2的棕毛个体中各基因型及比例为1/6AAbb、2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb。棕毛个体相互交配，能产生白毛个体（aabb）的杂交组合及概率为：2/6Aabb×2/6Aabb＋2/6aaBb×2/6aaBb＋2/6Aabb×2/6aaBb×2＝1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/4＋1/3×1/3×1/2×1/2×2＝1/9。（3）若另一对染色体上的I基因对A和B基因的表达有抑制作用，只要有I基因，不管有没有A或B基因都表现为白色，基因型为IiAa

15、Bb个体雌雄交配，后代中红毛个体即基因型为iiA_B_的个体。把Ii和AaBb分开来做，Ii×Ii后代有3/4I _和1/4ii，AaBb×AaBb后代基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1。故子代中红毛个体（ii A_B_）的比例为1/4×9/16＝9/64，棕毛个体（iiA_bb、iiaaB_）所占比例为1/4×6/16＝6/64，白毛个体所占比例为：1－9/64－6/64＝49/64。 【命题意图】通过基因分离定律与自由组合定律的关系解读，研究自由组合定律的解题规律及方法，培养归纳与概括、演绎与推理及逻辑分析能力；通过个体基因型的探究与自由组合

16、定律的验证实验，掌握实验操作的方法，培养实验设计及结果分析的能力。 【命题规律】主要从以下两个方面命题：①展示实验数据，让考生通过对数据的分析后揭示其中隐含的遗传规律；②给予一定的条件，要求设计实验，探究遗传规律。 【得分要点】 1．验证遗传两大定律的两种常用方法 2．“拆分法”求解自由组合定律的计算问题 题型分类 解题规律 示例 种类问题 配子类型（配子种类数） 2n（n为等位基因对数） AaBbCCDd产生配子种类数为23＝8 配子间结合方式 配子间结合方式种类数等于配子种类数的乘积 AABbCc×aaBbCC配子间结合方式种类数＝1×4×2＝8 子代基因

17、型（或表现型）种类 双亲杂交（已知双亲基因型），子代基因型（或表现型）等于各性状按分离定律所求基因型（或表现型）的乘积 AaBbCc×Aabbcc，基因型为3×2×2＝12种，表现型为2×2×2＝8种 3．根据子代表现型及比例推断亲本基因型 （1）利用基因式法解答自由组合遗传题 ①根据亲本和子代的表现型写出亲本和子代的基因式，如基因式可表示为A_B_、A_bb。 ②根据基因式推出基因型（此方法只适用于亲本和子代表现型已知且显隐性关系已知时）。 （2）根据子代表现型及比例推测亲本基因型 规律：根据子代表现型及比例拆分为分离定律的分离比，确定每一对相对性状的亲本基因型，再组合。如：

18、 ①9∶3∶3∶1⇒（3∶1）（3∶1）⇒（Aa×Aa）（Bb×Bb）； ②1∶1∶1∶1⇒（1∶1）（1∶1）⇒（Aa×aa）（Bb×bb）； ③3∶3∶1∶1⇒（3∶1）（1∶1）⇒（Aa×Aa）（Bb×bb）； ④3∶1⇒（3∶1）×1⇒（Aa×Aa）（BB×BB）或（Aa×Aa）（BB×Bb）或（Aa×Aa）（BB×bb）或（Aa×Aa）（bb×bb）。 4．用“先分解后组合”法解决自由组合定律的相关问题 （1）思路：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题，在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律的问题。 （2）分类剖析 ①配子类型问题 a．多对等

19、位基因的个体产生的配子种类数是每对基因产生相应配子种类数的乘积。 b．举例：AaBbCCDd产生的配子种类数 ②求配子间结合方式的规律：两基因型不同的个体杂交，配子间结合方式种类数等于各亲本产生配子种类数的乘积。 ③基因型问题 a．任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代基因型的种类数等于亲本各对基因单独杂交所产生基因型种类数的乘积。 b．子代某一基因型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应基因型概率的乘积。 c．举例：AaBBCc×aaBbcc杂交后代基因型种类及比例 Aa×aa→1Aa∶1aa　　2种基因型 BB×Bb→1BB∶1Bb 2种基因型 Cc×cc→1Cc∶1c

20、c 2种基因型 子代中基因型种类：2×2×2＝8种。 子代中AaBBCc所占的概率为1/2×1/2×1/2＝1/8。 ④表现型问题 a．任何两种基因型的亲本杂交，产生的子代表现型的种类数等于亲本各对基因单独杂交所产生表现型种类数的乘积。 b．子代某一表现型的概率是亲本每对基因杂交所产生相应表现型概率的乘积。 c．举例：AaBbCc×AabbCc杂交后代表现型种类及比例 Aa×Aa→3A_∶1aa　 2种表现型 Bb×bb→1Bb∶1bb 2种表现型 Cc×Cc→3C_∶1cc 2种表现型 子代中表现型种类：2×2×2＝8种。 子代中A_B_C_所占的概率为3/

21、4×1/2×3/4＝9/32。 1．棉铃虫是严重危害棉花的一种害虫。科研工作者发现了毒蛋白基因B和胰蛋白质抑制剂基因D，两种基因均可导致棉铃虫死亡。现将B和D基因同时导入棉花的一条染色体上获得抗虫棉。棉花的短果枝由基因A控制，研究者获得了多个基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株，AaBD植株自交得到F1（不考虑减数分裂时的交叉互换）。下列说法错误的是 A．若B、D基因与a基因位于同一条染色体上，则F1的表现型比例为2:1:1 B．若F1短果枝抗虫:长果枝不抗虫= 3:1，则亲本产生配子的基因型为ABD和a C．若F1表现型比例为9:3:3:1，则果枝基因和抗虫基因位于非同源染色体上

22、 D．若F1短果枝不抗虫植株比例为3/16,则亲本产生配子的基因型为AB、AD、 aB、aD 【答案】D 【解析】若B、D基因与a基因位于同一条染色体上，且不考虑减数分裂时的交叉互换，则AaBD植株自交得到的F1基因型为AA：AaBD：aaBBDD=1：2：1，因此F1表现型比例为1：2：1，A正确；若B、D基因与A基因位于同一条染色体上，则亲本产生配子的基因型为ABD和a，F1基因型为AABBDD：AaBD：aa=1：2：1，因此F1短果枝抗虫：长果枝不抗虫= 3：1，B正确；若F1表现型比例为9:3:3:1，相当于双杂合子的自交实验后代的性状分离比，说明果枝基因和抗虫基因位于非同源染色

23、体上，C正确；若F1短果枝不抗虫植株比例为3/16，说明果枝基因和抗虫基因位于非同源染色体上，则亲本产生的配子的基因型为ABD、aBD、A、a，D错误。 2．鳟鱼的眼球颜色和体表颜色分别由两对等位基因A、a和B、b控制。现以红眼黄体鳟鱼和黑眼黑体鳟鱼为亲本，进行杂交实验，正交和反交结果相同，实验结果如图所示。下列相关叙述错误的是 A．在鳟鱼眼球、体表颜色性状中，显性性状分别是黑眼、黄体 B．亲本中的黑眼黑体、红眼黄体鳟鱼的基因型分别是Aabb、aaBB C．因为正交和反交结果相同，所以两对基因位于常染色体上 D．理论上F2还应该出现红眼黑体，可能基因型是aabb 【答案】B

24、【解析】根据实验结果中F2的性状分离比9：3：4（3+1），可知两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，F1的基因型为AaBb，因此在鳟鱼眼球、体表颜色性状中，显性性状分别是黑眼、黄体，A正确；亲本中的红眼黄体鳟鱼的基因型是aaBB，黑眼黑体鳟鱼的基因型为AAbb，B错误；因为正交和反交结果相同，所以两对基因位于常染色体上，C正确；理论上F2还应该出现红眼黑体，可能基因型是aabb，D正确。 3．已知某种植物花色由两对等位基因控制，其中A基因控制红花性状，a基因控制黄花性状，但B存在时植株不能合成花瓣色素而开白花。纯合白花个体与纯合黄花个体杂交获得的F1均为白花，F1自交获得F2。下列分析

25、正确的是 A．若亲代白花基因型为AABB，则F2白花中纯合体可能占1/4 B．若F2白花∶黄花=3∶1，则两对基因位于一对同源染色体上 C．若F2白花∶红花∶黄花=12∶3∶1，则两对基因位于两对同源染色体上 D．若两对基因位于两对同源染色体上，则F2白花∶红花∶黄花=12∶3∶1 【答案】C 【解析】由题意知白花的基因型为A_B_、aaB_，红花的基因型为A_bb、黄花的基因型为aabb。若亲代白花基因型为AABB，且基因在非同源染色体上，则F2白花中（A_B_、aaB_）中纯合体占1/6，A错误；若F2白花∶红花∶黄花=12∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，则亲本的基因型是AA

26、BB和aabb，可确定两对基因位于两对同源染色体上，C正确；若两对基因位于两对同源染色体上，则亲本基因型为AABB×aabb或aaBB×aabb，F1基因型为AaBb或aaBb，F2表现型及比例为白花∶红花∶黄花=12∶3∶1或白花∶黄花=3∶1，B、D错误。 4．香豌豆的花色有紫色和白色两种，显性基因C和P同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花；F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花=9∶7。下列分析正确的是 A．两个白花亲本的基因型为CCPP与ccpp B．F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1 C．F2紫花中纯合子的比例为1/16 D．F2白花和紫花的基因型分别有5种

27、和4种 【答案】D 【解析】根据题意可知，紫花的基因型是C_P_，白花的基因型是C_pp或ccP_或ccpp．F1开紫花（C_P_），其自交所得F2的性状分离比为紫花：白花=9：7，9：7是9：3：3：1的变式，说明F1的基因型是CcPp。 根据以上分析，F1的基因型是CcPp，由F1的基因型可推知两个纯合白花亲本的基因型为CCpp与ccPP，A错误；F1测交，即 CcPp×ccpp，后代基因型及比例为：CcPp（紫花）∶Ccpp（白花）∶ccPp（白花）∶ccpp（白花）=1∶1∶1∶1，所以测交结果紫花与白花的比例为1∶3，B错误；F2中紫花植株（C_P_）中纯合子（CPCP）占1/

28、9，C错误；F2中白花的基因型有5种，即CCpp、Ccpp、ccPP、 ccPp， ccpp，则紫花的基因型种类为9种－5种=4种，D正确。 5．已知某植物品系种子的子叶颜色由A、a和B、b两对等位基因控制，两对基因独立遗传。现有一绿色子叶种子植物X，与一纯合的黄色子叶种子植物杂交，F1都为黄色，再让F1自花受粉得F2，F2性状分离比为27黄∶21绿，则植物X的基因型为 A．AAbb B．aaBB C．aabb D．aaBh 【答案】C 【解析】让F1自花受粉产生F2，F2性状分离比为黄∶绿=27∶21=9∶7，符合9∶3∶3∶1的变式，说明F1为双杂合子，即基因型为AaBb

29、，而F1是一种绿色子叶种子植物X与一纯合的黄色子叶种子植物（AABB）杂交获得，故植物X的基因型为aabb。故选C。 6．基因型AaBb与Aabb的个体杂交，按自由组合，其后代中能稳定遗传的个体占 A．1/8 B．5/8 C．3/4 D．1/4 【答案】D 【解析】根据分离定律，Aa×Aa后代能稳定遗传的（AA、aa）比例为1/2，Bb×bb后代能稳定遗传的比例为1/2；两对综合考虑，后代能稳定遗传的概率为1/2×1/2=1/4，综上所述，ABC错误，D正确。 7．已知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）属显性性状，各由一对等位基因控制且独立遗传。现有抗旱、多颗粒植株若干，对

30、其进行测交，子代的性状分离比为抗旱多颗粒：抗旱少颗粒：敏旱多颗粒：敏旱少颗粒=2：2：1：1，若这些抗病多颗粒的植株相互授粉，后代性状分离比为 A．9：3：3：1 B．24：8：3：1 C．15：5：3：1 D．25：15：15：9 【答案】B 【解析】由题意可知水稻的抗旱性（A）和多颗粒（B）的遗传遵循基因的自由组合定律。因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗旱：敏旱=2:1，多颗粒：少颗粒=1:1，则提供的抗旱、多颗粒植株产生的配子中A：a=2:1，B：b=1:1，让这些植株相互授粉，敏旱（aa）占抗旱占（1/3）2=1/9，抗旱占8/9，少颗粒（bb）占1/4

31、，多颗粒占3/4。根据基因的自由组合定律，后代性状分离比为（8:1）×（3:1）=24：8：3：1。综上所述，B正确，A、C、D错误。 8．小麦种皮有红色和白色，这一相对性状由作用相同的两对等位基因（R1、r1；R2、r2）控制，红色（R1、R2）对白色（r1、r2）为显性，且显性基因效应可以累加。一株深红小麦与一株白色小麦杂交，全为中红，F1自交，后代的性状分离比为深红：红色：中红：浅红：白色为1：4：6：4：1。下列说法错误的是 A．这两对等位基因分别位于两对同源染色体上 B．F1产生的雌雄配子中都有比例相同的4种配子 C．浅红色小麦自由传粉，后代可出现三种表现型 D．该小麦种群

32、中，中红色植株的基因型为R1r1R2r2 【答案】D 【解析】后代的性状分离比为深红：红色：中红：浅红：白色为1：4：6：4：1，该比例为9：3：3：1比例的变形，因此控制该性状的两对基因位于非同源染色体上，A正确；由于后代出现1：4：6：4：1的比例，因此F1的基因型为R1r1R2r2，因此F1产生的雌雄配子中都有比例相同的4种配子，B正确；浅红的基因型为R1r1r2r2、r1r1R2r2，浅红色小麦自由传粉，后代可出现三种表现型（两个显性基因—中红色、一个显性基因—浅红色、没有显性基因—白色），C正确；该小麦种群中，中红色植株含有2个显性基因，基因型可能为R1R1r2r2、r1r1R2

33、R2、R1r1R2r2，D错误。故选D。 9．南瓜瓜形的性状由两对独立遗传的基因控制：D—d和F—f。两个不同基因型的圆球形南瓜作亲本杂交，子一代全部是扁盘形，子一代自交， 子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形=9∶6∶1的性状分离比。回答下列问题： （1）亲代的基因型是_______________________________，长形南瓜的基因型是_________________。 （2）F1与___________________（写出表现型和基因型）测交，测交子代的表现型及比例为________________。 （3）F2中杂合圆球形南瓜杂交后代表现型及比例为________

34、_________。 （4）F2中圆球形南瓜有纯合子，有杂合子。请选择合适的个体作亲代，通过一次杂交实验鉴别F2某圆球形南瓜是纯合子，还是杂合子。 ①选择的亲本表现型是F2圆球形与隐性长形南瓜。 ②结果与结论： a．若杂交子代 ______________________， 则该南瓜是_________________，基因型是______________________； b．若杂交子代_______________________，则该南瓜是_________________，基因型是_______________________。 【答案】（1）ddFF和DDff dd

35、ff （2）长形南瓜ddff 扁盘形∶圆球形∶长形=1∶2∶1 （3）扁盘形∶圆球形∶长形=1∶2∶1 （4）②a．全部是圆球形南瓜 纯合子 ddFF或DDff b．圆球形∶长形的比例接近1∶1 杂合子 ddFf或Ddff 【解析】（1）两个不同基因型的球形南瓜杂交后代全部是扁盘形，说明两亲本都是纯合子。F1自交得到的F2中扁盘形占9/16，说明扁盘形南瓜的基因型是D_F_；长形南瓜占1/16，说明长形南瓜基因型是ddff；圆球形南瓜占6/16，其基因型是ddF_或D_ff，亲本为纯合圆球形南瓜，且基因型不同，所以

36、亲本基因型是ddFF和DDff。 （2）F1（DdFf）与双隐性类型长形南瓜（ddff）测交，子代基因型有DdFf，ddFf，Ddff，ddff，且比例为1：1：1：1，故表现型及比例为扁盘形：圆球形：长形=1：2：1。 （3）F2中圆球形南瓜有四种基因型：ddFF、ddFf、DDff、Ddff，两种纯合子ddFF、DDff，两种杂合子ddFf、Ddff。F2中杂合圆球形南瓜杂交，ddFfx Ddff→DdFf、ddFf、Ddff、ddff→扁盘形（DdFf）：圆球形（ddFf、Ddff）：长形（ddf）=1：2：1。 （4）想要鉴别F2某圆球形南瓜是否为纯合子，选隐性类型长形南瓜测交即

37、可。若为纯合子（ddFF或DDff），测交后代全为圆球形南瓜；若为杂合子（ddFf或Ddff），测交后代圆球形：长形=1：1。 10．某植物红花和白花这对相对性状同时受三对等位基因控制，且这三对基因独立遗传。利用基因型为 AaBbCc 的植株进行自交、测交，F1中红花植株分别占 27/64、1/8。请回答下问题： （1）自交产生的F1中纯合子的比例为_____________；自交产生的 F1中杂合白花植株的基因型有____________种。 （2）若基因型为 AABBcc 的植株与某纯种白花品系杂交，子代均开红花，则该纯种白花品系可能的基因型有____________________

38、______。 （3）确定某一纯种白花品系的基因型（用隐性纯合基因对数表示），可让其与纯种红花植株杂交获得 F1，然后再将 F1与亲本白花品系杂交获得 F2，统计 F2中红花、白花个体的比例。请预期可能的实验结果并推测隐性纯合基因对数：______________________________。 【答案】（1）1/8 12 （2）aaBBCC、aabbCC、AAbbCC （3）若F2中红花：白花=1：1，则该纯种白花品系具有1对隐性纯合基因：若F2中红花：白花=1：3，则该纯种白花品系具有2对隐性纯合基因：若F2中红花：白花=1：7，则该纯种白花品系具有3对隐性

39、纯合基因 【解析】1、基因分定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合；由题意知三对等位基因独立遗传，因此遵循自由组合定律。 2、由题意知，AaBbCc自交，写出3个分离定律：Aa→AA：Aa：aa=1：2：1，Bb×Bb→BB：Bb：bb=1：2：1，Cc×Cc→CC：Cc：cc=1：2：1，自交后代红花的比例是27/64，可以写成3/4×3/4×3/4，因此红花植株的基因型是A_B_C_，其他都表现为白花。

40、 （1）由以上分析可知，A_B_C_为红花，AaBbCc自交产生纯合子的比例为：1/2×1/2×1/2=1/8。根据以上分析可知，红花植株的基因型是A_B_C_，其他都表现为白花。则自交产生的F1杂合白花植株的基因型有：当第一对基因为aa时，则后代白花植株的基因型有1×3×3=9种，其中纯合的基因型有4种，同理当第二对基因为bb时，后代白花植株的基因型有9种，其中纯合的有4种，另外杂合白花基因型中与第一种情况重合的有1种；同理第三对基因为cc时，白花植株的基因型有9种，其中纯合的有4种，杂合白花基因型与前面情况重合的有2种。综上所述，自交后代中杂合白花植株的基因型共有12种。 （2）一品系

41、的纯种白花与其他不同基因型白花品系杂交，子代均为白花，说明杂交子代不同上含有A、B、C基因，则该白花品系的基因型可能是aabbcc，若基因型为AABBcc的植株与某纯种白花品系杂交，子代均开红花，则该纯种白花品系一定含有C基因，A、B不能同时含有，可能的基因型有aaBBCC、aabbCC、AAbbCC。 （3）用基因对数表示，该白花基因可能是1对隐性、2对隐性、3对隐性，纯合红花3对显性（AABBCC），如果是一对隐性基因，则杂合子一代是一对杂合子，子一代与亲本白花杂交，红花：白花=1:1；如果是2对隐性基因，杂合子一代有2对杂合子，子一代与亲本白花杂交，后代红花：白花=1:3；如果是3对隐性基因，杂交子一代基因型是AaBbCc，3对杂合子，与亲本白花杂交，杂交后代。红花：白花=1:7。 13