(通用版)2020版高考数学大二轮复习 专题突破练5 专题一 常考小题点过关检测 文

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1、专题突破练5 专题一 常考小题点过关检测 一、选择题 1.(2019全国卷3,文2)若z(1+i)=2i,则z=(  ) A.-1-i B.-1+i C.1-i D.1+i 2.(2019全国卷2,文1)已知集合A={x|x>-1},B={x|x<2},则A∩B=(  ) A.(-1,+∞) B.(-∞,2) C.(-1,2) D.⌀ 3.(2019天津卷,文3)设x∈R,则“0

2、s x0=32 B.复数z1,z2,z3∈C,若(z1-z2)2+(z2-z3)2=0,则z1=z3 C.“a>0,b>0”是“ba+ab≥2”的充要条件 D.命题“∃x0∈R,x02-x0-2≥0”的否定是“∀x∈R,x2-x-2<0” 5.(2019江西临川一中高三模拟,文8)中国古代数学名著《九章算术》中有这样一个问题:今有牛、马、羊食人苗,苗主责之粟五斗,羊主曰:“我羊食半马.”马主曰:“我马食半牛.”今欲衰偿之,问各出几何?此问题的译文是:今有牛、马、羊吃了别人的禾苗,禾苗主人要求赔偿5斗粟,羊主人说:“我羊所吃的禾苗只有马的一半.”马主人说:“我马所吃的禾苗只有牛的一半.”

3、打算按此比例偿还,他们各应偿还多少?该问题中,1斗为10升,则马主人应偿还(  )升粟? A.253 B.503 C.507 D.1007 6.(2019四川成都高三模拟,文6)某校有A,B,C,D四件作品参加航模类作品比赛.已知这四件作品中恰有两件获奖.在结果揭晓前,甲、乙、丙、丁四位同学对这四件参赛作品的获奖情况预测如下. 甲说:“A,B同时获奖.” 乙说:“B,D不可能同时获奖.” 丙说:“C获奖.” 丁说:“A,C至少一件获奖.” 如果以上四位同学中有且只有两位同学的预测是正确的,则获奖的作品是(  ) A.作品A与作品B B.作品B与作品C C.作品C与作品D D.

4、作品A与作品D 7.(2019四川内江高三三模,文5)若x,y满足x+y≤1,x-y≤1,x≥0,则z=x-2y的最大值是(  ) A.1 B.-1 C.2 D.-2 8.(2019江西萍乡高三期末,文8)祖暅(公元前5~6世纪)是我国齐梁时代的数学家,是祖冲之的儿子,他提出了一条原理:“幂势既同,则积不容异.”这里的“幂”指水平截面的面积,“势”指高.这句话的意思是:两个等高的几何体若在所有等高处的水平截面的面积相等,则这两个几何体体积相等.设由椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)所围成的平面图形绕y轴旋转一周后,得一橄榄状的几何体(称为椭球体),课本中介绍了应用祖暅原理求球体体积

5、公式的做法,请类比此法,求出椭球体体积,其体积等于(  ) A.43πa2b B.43πab2 C.2πa2b D.2πab2 9.设D,E,F分别为△ABC三边BC,CA,AB的中点,则DA+2EB+3FC=(  ) A.12AD B.32AD C.12AC D.32AC 10.(2019江西九江高三一模,理5)执行如图所示的程序框图,输出S的值为(  ) A.-1 B.32 C.-3+22 D.0 11.已知向量a=sin4x2,cos4x2,向量b=(1,1),函数f(x)=a·b,则下列说法正确的是(  ) A.f(x)是奇函数 B.f(x)的一条对称轴为直

6、线x=π4 C.f(x)的最小正周期为2π D.f(x)在π4,π2上为减函数 12. 我国古代数学著作《九章算术》有如下问题:“今有器中米,不知其数,前人取半,中人三分取一,后人四分取一,余米一斗五升.问,米几何?”如图是解决该问题的程序框图,执行该程序框图,若输出的S=1.5(单位:升),则输入k的值为(  ) A.4.5       B.6 C.7.5 D.9 二、填空题 13.已知向量a=(1,m),b=(3,3).若向量a,b的夹角为π3,则实数m的值为     .  14.若x,y满足x+1≤y≤2x,则2y-x的最小值是    .  15.(2019福建厦

7、门高三质检,文15)在△ABC中,AB=4,AC=2,A=π3,动点P在以点A为圆心,半径为1的圆上,则PB·PC的最小值为     .  16.某比赛现场放着甲、乙、丙三个空盒,主持人从一副不含大小王的52张扑克牌中,每次任取两张牌,将一张放入甲盒,若这张牌是红色的(红桃或方片),就将另一张放入乙盒;若这张牌是黑色的(黑桃或梅花),就将另一张放入丙盒;重复上述过程,直到所有扑克牌都放入三个盒子内,给出下列结论: ①乙盒中黑牌不多于丙盒中黑牌; ②乙盒中红牌与丙盒中黑牌一样多; ③乙盒中红牌不多于丙盒中红牌; ④乙盒中黑牌与丙盒中红牌一样多. 其中正确结论的序号为     . 

8、 参考答案 专题突破练5 专题一 常考 小题点过关检测 1.D 解析z=2i1+i=2i(1-i)(1+i)(1-i)=2+2i2=1+i.故选D. 2.C 解析由题意,得A∩B=(-1,2).故选C. 3.B 解析由|x-1|<1可得0

9、 解析5斗=50升.设羊、马、牛的主人应偿还的量分别为a1,a2,a3, 由题意可知其构成了公比为2的等比数列,且S3=50,则a1(1-23)1-2=50,解得a1=507, 所以马主人要偿还的量为a2=2a1=1007.故选D. 6.D 解析易知乙,丁预测的是正确的,甲,丙预测的是错误的;丙预测错误,∴C不获奖;丁预测正确,A,C至少一件获奖,∴A获奖;甲预测错误,即A,B不同时获奖,∴B不获奖;∴D获奖.即获奖的作品是作品A与作品D.故选D. 7.C 解析画出可行域(如图), 由z=x-2y,得y=12x-12z.由图可知,当直线l经过点A(0,-1)时,z最大,且最大值为

10、zmax=0-2×(-1)=2.故选C. 8.B 解析椭圆的长半轴长为a,短半轴长为b,先构造两个底面半径为b,高为a的圆柱,然后在圆柱内挖去一个以圆柱下底面圆心为顶点,圆柱上底面为底面的圆锥. 根据祖暅原理得出椭球体的体积为 V=2(V圆柱-V圆锥)=2πb2a-13πb2a=43πb2a. 故选B. 9.D 解析因为D,E,F分别为△ABC的三边BC,AC,AB的中点,所以DA+2EB+3FC=12(BA+CA)+12×2(AB+CB)+12×3×(AC+BC)=12BA+AB+CB+32BC+32AC+12CA=12AB+12BC+AC=12AC+AC=32AC,故选D. 1

11、0.A 解析模拟程序的运行,可得: 当k=1时,不满足k>6; 执行循环体得S=0+cosπ6=32,k=2,不满足k>6; 执行循环体得S=32+cos2π6=32+12,k=3,不满足k>6; 执行循环体得S=32+12+cos3π6=32+12,k=4,不满足k>6; 执行循环体得S=32+12+cos4π6=32+12-12=32,k=5,不满足k>6; 执行循环体得S=32+cos5π6=32-32=0,k=6,不满足k>6; 执行循环体得S=0+cos6π6=-1,k=7,满足k>6,退出循环,输出S=-1.故选A. 11.D 解析f(x)=a·b=sin4x2+c

12、os4x2=sin2x2+cos2x22-2sin2x2cos2x2=1-12sin2x=3+cos2x4,所以f(x)是偶函数,x=π4不是其对称轴,最小正周期为π,在π4,π2上为减函数,所以选D. 12.B 解析模拟程序的运行,可得n=1,S=k,满足条件n<4,执行循环体,n=2,S=k-k2=k2,满足条件n<4,执行循环体,n=3,S=k2-k23=k3,满足条件n<4,执行循环体,n=4,S=k3-k34=k4,此时,不满足条件n<4,退出循环,输出S的值为k4,由题意可得k4=1.5,解得k=6.故选B. 13.-33 解析|a|=m2+1,|b|=9+3=23,a·b=3

13、+3m.∵向量a,b的夹角为π3,∴3+3m=m2+1·23·12,解得m=-33.故答案为-33. 14.3 解析由x,y满足x+1≤y≤2x,得x+1≤y,y≤2x,x+1≤2x,即x+1≤y,y≤2x,x≥1. 作出不等式组对应的可行域,如图阴影部分所示. 由x+1=y,y=2x,得A(1,2). 令z=2y-x,即y=12x+12z. 平移直线y=12x,当直线过A(1,2)时,12z最小, ∴zmin=2×2-1=3. 15.5-27 解析如图,以点A为原点,AB边所在直线为x轴建立平面直角坐标系. 则A(0,0),B(4,0),C(1,3),设P(x,y),则PB=(4-x,-y),PC=(1-x,3-y), ∴PB·PC=(4-x)(1-x)-y(3-y)=x2-5x+y2-3y+4=(x-52)2+(y-32)2-3,其中(x-52)2+(y-32)2表示圆A上的点P与点M52,32之间的距离|PM|的平方. 由几何图形可得|PM|min=|AM|-1=522+322-1=7-1,∴(PB·PC)min=(7-1)2-3=5-27.故答案为5-27. 16.② 解析由题意,取双红乙盒中得红牌,取双黑丙盒中得黑牌,取一红一黑时乙盒中得不到红牌,丙盒中得不到黑牌,故答案为②. 9

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