高考人教版数学理总复习练习：第七章 立体几何 课时作业46 Word版含解析

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1、 课时作业46　空间向量的运算及应用 　　　　　　　　　　　　　 1．已知a＝(－2,1,3)，b＝(－1,2,1)，若a⊥(a－λb)，则实数λ的值为(　D　) A．－2 B．－ C. D．2 解析：由题意知a·(a－λb)＝0，即a2－λa·b＝0，所以14－7λ＝0，解得λ＝2. 2．若A，B，C不共线，对于空间任意一点O都有＝＋＋，则P，A，B，C四点(　B　) A．不共面 B．共面 C．共线 D．不共线 解析：由已知可得 －＝－＋＋， 即－＝－＋＋－， 可得＝－(－)＋(－)＝－＋＝(＋)， 所以，，共面但不共线，故P，A，B，C四点

2、共面． 3．A，B，C，D是空间不共面的四点，且满足·＝0，·＝0，·＝0，M为BC的中点，则△AMD是(　C　) A．钝角三角形 B．锐角三角形 C．直角三角形 D．不确定 解析：∵M为BC的中点，∴＝(＋)． ∴·＝(＋)· ＝·＋·＝0. ∴AM⊥AD，即△AMD为直角三角形． 4．如图，已知空间四边形OABC，其对角线为OB，AC，M，N分别是对边OA，BC的中点，点G在线段MN上，且分MN所成的比为2，现用基向量，，表示向量，设＝x＋y＋z，则x，y，z的值分别是(　D　) A．x＝，y＝，z＝ B．x＝，y＝，z＝ C．x＝，y＝，z＝ D．

3、x＝，y＝，z＝ 解析：设＝a，＝b，＝c， ∵G分MN的所成比为2，∴＝， ∴＝＋＝＋(－)＝a＋＝a＋b＋c－a＝a＋b＋c，即x＝，y＝，z＝. 5．已知空间向量a，b满足|a|＝|b|＝1，且a，b的夹角为，O为空间直角坐标系的原点，点A，B满足＝2a＋b，＝3a－b，则△OAB的面积为(　B　) A. B. C. D. 解析：||＝＝＝， 同理||＝，则cos∠AOB＝＝＝，从而有sin∠AOB＝， ∴△OAB的面积S＝×××＝，故选B. 6．如图，在空间四边形OABC中，OA＝8，AB＝6，AC＝4，BC＝5，∠OAC＝45°，∠OAB＝60°，则OA与

4、BC所成角的余弦值为(　A　) A. B. C. D. 解析：因为＝－， 所以·＝·－· ＝||||cos〈，〉－||||cos〈，〉＝8×4×cos135°－8×6×cos120°＝－16＋24. 所以cos〈，〉＝＝＝. 即OA与BC所成角的余弦值为. 7．已知2a＋b＝(0，－5,10)，c＝(1，－2，－2)，a·c＝4，|b|＝12，则以b，c为方向向量的两直线的夹角为　60°　. 解析：由题意，得(2a＋b)·c＝0＋10－20＝－10， 即2a·c＋b·c＝－10. 又∵a·c＝4，∴b·c＝－18， ∴cos〈b，c〉＝＝＝－， 又∵〈b，

5、c〉∈[0°，180°]， ∴〈b，c〉＝120°，∴两直线的夹角为60°. 8．已知O点为空间直角坐标系的原点，向量＝(1,2,3)，＝(2,1,2)，＝(1,1,2)，且点Q在直线OP上运动，当·取得最小值时，的坐标是　　. 解析：∵点Q在直线OP上，∴设点Q(λ，λ，2λ)， 则＝(1－λ，2－λ，3－2λ)，＝(2－λ，1－λ，2－2λ)， ·＝(1－λ)(2－λ)＋(2－λ)(1－λ)＋(3－2λ)(2－2λ)＝6λ2－16λ＋10＝62－. 即当λ＝时，·取得最小值－. 此时＝. 9．已知V为矩形ABCD所在平面外一点，且VA＝VB＝VC＝VD，＝，＝，＝.则VA与

6、平面PMN的位置关系是　VA∥平面PMN　. 解析：如图，设＝a，＝b，＝c， 则＝a＋c－b， 由题意知＝b－c， ＝－＝a－b＋c. 因此＝＋， ∴，，共面． 又∵VA⊄平面PMN，∴VA∥平面PMN. 10．如图，在四棱柱ABCD-A1B1C1D1中，底面ABCD是平行四边形，E，F，G分别是A1D1，D1D，D1C1的中点． (1)试用向量，，表示； (2)用向量方法证明平面EFG∥平面AB1C. 解：(1)设＝a，＝b， ＝c. 由图得＝＋＋ ＝c＋b＋＝a＋b＋c ＝＋＋. (2)证明：由题图，得＝＋＝a＋b， ＝＋＝b＋a＝， ∵EG与

7、AC无公共点，∴EG∥AC， ∵EG⊄平面AB1C，AC⊂平面AB1C， ∴EG∥平面AB1C. 又∵＝＋＝a＋c， ＝＋＝c＋a＝， ∵FG与AB1无公共点，∴FG∥AB1， ∵FG⊄平面AB1C，AB1⊂平面AB1C， ∴FG∥平面AB1C， 又∵FG∩EG＝G，FG，EG⊂平面EFG， ∴平面EFG∥平面AB1C. 11．已知正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为a，点M在AC1上，且＝，N为B1B的中点，则||为(　A　) A.a B.a C.a D.a 解析：以D为原点建立如图所示的空间直角坐标系D-xyz，则A(a,0,0)，C1(0，a，a

8、)， N. 设M(x，y，z)，因为点M在AC1上，且＝， 则(x－a，y，z)＝(－x，a－y，a－z)， 得x＝a，y＝，z＝，即M， 所以||＝＝a. 12．如图，已知直三棱柱ABC-A1B1C1，在底面△ABC中，CA＝CB＝1，∠BCA＝90°，棱AA1＝2，M，N分别是A1B1，A1A的中点. (1)求的模； (2)求cos〈，〉的值； (3)求证：A1B⊥C1M. 解：(1)如图，以点C作为坐标原点O，CA，CB，CC1所在直线分别为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系． 由题意得B(0,1,0)，N(1,0,1)， 所以||＝＝. (2)由题意得A1(1,0,2)，B(0,1,0)，C(0,0,0)，B1(0,1,2)， 所以＝(1，－1,2)，＝(0,1,2)，·＝3，||＝，||＝， 所以cos〈，〉＝＝. (3)证明：由题意得C1(0,0,2)，M， ＝(－1,1，－2)，＝， 所以·＝－＋＋0＝0， 所以⊥， 即A1B⊥C1M.