2019高考数学一轮复习 第4章 三角函数 第7课时 正、余弦定理练习 理.doc

《2019高考数学一轮复习 第4章 三角函数 第7课时 正、余弦定理练习 理.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考数学一轮复习 第4章 三角函数 第7课时 正、余弦定理练习 理.doc（13页珍藏版）》请在装配图网上搜索。

第7课时 正、余弦定理 第一次作业 1．(2018安徽马鞍山一模)△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c.已知a＝，b＝2，A＝60，则c＝(　　) A.　　　　　　　　　　 B．1 C. D．2 答案　B 解析　∵a＝，b＝2，A＝60，∴由余弦定理a2＝b2＋c2－2bccosA，得3＝4＋c2－22c，整理得c2－2c＋1＝0，解得c＝1.故选B. 2．(2018山西五校联考)在△ABC中，a＝b，A＝120，则角B的大小为(　　) A．30 B．45 C．60 D．90 答案　A 解析　由正弦定理＝得＝，解得sinB＝.因为A＝120，所以B＝30.故选A. 3．(2018陕西西安一中期中)在△ABC中，sin2A≤sin2B＋sin2C－sinBsinC，则A的取值范围是(　　) A．(0，] B．[，π) C．(0，] D．[，π) 答案　C 解析　∵sin2A≤sin2B＋sin2C－sinBsinC，由正弦定理，得a2≤b2＋c2－bc，∴bc≤b2＋c2－a2.∴cosA＝≥，∴A≤.∵A>0，∴A的取值范围是(0，]．故选C. 4．(2018广东惠州三调)在△ABC中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，已知b＝2，c＝2，且C＝，则△ABC的面积为(　　) A.＋1 B.－1 C．4 D．2 答案　A 解析　由正弦定理＝，得sinB＝＝.又c>b，且B∈(0，π)，所以B＝，所以A＝，所以S＝bcsinA＝22sin＝2＝＋1.故选A. 5．(2018东北八校联考)已知△ABC三边a，b，c上的高分别为，，1，则cosA＝(　　) A. B．－ C．－ D．－ 答案　C 解析　设△ABC的面积为S，则a＝4S，B＝2S，c＝2S，因此cosA＝＝－.故选C. 6．(2016山东)在△ABC中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，已知b＝c，a2＝2b2(1－sinA)．则A＝(　　) A. B. C. D. 答案　C 解析　由余弦定理得a2＝b2＋c2－2bccosA＝2b2－2b2cosA，所以2b2(1－sinA)＝2b2(1－cosA)，所以sinA＝cosA，即tanA＝1，又0b， ∴C＝60或C＝120. ∴A＝90或A＝30. ∴S△ABC＝bcsinA＝或. 10．(2018河南信阳调研)在△ABC中，角A，B，C所对的边分别是a，b，c，设S为△ABC的面积，S＝(a2＋b2－c2)，则C的大小为________． 答案　 解析　∵△ABC的面积为S＝absinC， ∴由S＝(a2＋b2－c2)，得(a2＋b2－c2)＝absinC，即absinC＝(a2＋b2－c2)．根据余弦定理，得a2＋b2－c2＝2abcosC，∴absinC＝2abcosC，得sinC＝cosC，即tanC＝＝. ∵C∈(0，π)，∴C＝. 11．(2017甘肃定西统考)在△ABC中，若＝，则△ABC的形状为________． 答案　等腰三角形或直角三角形 解析　由正弦定理，得＝，即＝.∵sinA>0，sinB>0，∴sinAcosA＝sinBcosB，即sin2A＝sin2B.∴2A＝2kπ＋2B或2A＝2kπ＋π－2B(k∈Z)．∵0a，c>b，即角C最大，所以a3＋b3＝aa2＋bb20，则0a＝1，故有a＋b＋c>2，所以△ABC的周长的取值范围是(2，3]． 9．(2015广东，理)设△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c.若a＝，sinB＝，C＝，则b＝________． 答案　1 解析　由sinB＝得B＝或，因为C＝，所以B≠，所以B＝，于是A＝.由正弦定理，得＝，所以b＝1. 10．(2018湖北黄冈中学、黄石二中、鄂州高中三校联考)已知△ABC的三内角A，B，C所对的边分别是a，b，c，向量m＝(sinB，1－cosB)与向量n＝(2，0)的夹角θ的余弦值为. (1)求角B的大小； (2)若b＝，求a＋c的取值范围． 答案　(1)π　(2)(，2] 解析　(1)∵m＝(sinB，1－cosB)，n＝(2，0)，∴mn＝2sinB， |m|＝＝＝2|sin|. ∵00. ∴|m|＝2sin.又∵|n|＝2， ∴cosθ＝＝＝cos＝. ∴＝，∴B＝π. (2)由余弦定理，得b2＝a2＋c2－2accosπ＝a2＋c2＋ac＝(a＋c)2－ac≥(a＋c)2－()2＝(a＋c)2，当且仅当a＝c时，取等号．∴(a＋c)2≤4，即a＋c≤2. 又a＋c>b＝，∴a＋c∈(，2]． 11.如图所示，在△ABC中，∠B＝，AB＝8，点D在BC边上，且CD＝2，cos∠ADC＝. (1)求sin∠BAD； (2)求BD，AC的长． 答案　(1)　(2)BD＝3，AC＝7 解析　(1)在△ADC中，因为cos∠ADC＝， 所以sin∠ADC＝. 所以sin∠BAD＝sin(∠ADC－∠B) ＝sin∠ADCcosB－cos∠ADCsinB ＝－＝. (2)在△ABD中，由正弦定理，得 BD＝＝＝3. 在△ABC中，由余弦定理，得 AC2＝AB2＋BC2－2ABBCcosB ＝82＋52－285＝49. 所以AC＝7. 12.如图，在等腰直角△OPQ中，∠POQ＝90，OP＝2，点M在线段PQ上． (1)若OM＝，求PM的长； (2)若点N在线段MQ上，且∠MON＝30，问：当∠POM取何值时，△OMN的面积最小？并求出面积的最小值． 答案　(1)MP＝1或MP＝3　(2)∠POM＝30时，△OMN面积最小值为8－4 解析　(1)在△OMP中，∠OPM＝45，OM＝，OP＝2，由余弦定理得，OM2＝OP2＋MP2－2OPMPcos45， 得MP2－4MP＋3＝0，解得MP＝1或MP＝3. (2)设∠POM＝α，0≤α≤60， 在△OMP中，由正弦定理，得＝， ∴OM＝，同理ON＝. 故S△OMN＝OMONsin∠MON ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ＝. ∵0≤α≤60，30≤2α＋30≤150， ∴当α＝30时，sin(2α＋30)的最大值为1，此时△OMN的面积取到最小值，即∠POM＝30时，△OMN的面积的最小值为8－4. 13．(2017课标全国Ⅲ，理)△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知sinA＋cosA＝0，a＝2，b＝2. (1)求c； (2)设D为BC边上一点，且AD⊥AC，求△ABD的面积． 答案　(1)4　(2) 解析　(1)由已知可得tanA＝－，所以A＝. 在△ABC中，由余弦定理得28＝4＋c2－4ccos，即c2＋2c－24＝0.解得c＝－6(舍去)，c＝4. (2)由题设可得∠CAD＝，所以∠BAD＝∠BAC－∠CAD＝.故△ABD面积与△ACD面积的比值为＝1.又△ABC的面积为42sin∠BAC＝2，所以△ABD的面积为. 14．(2017山东，文)在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知b＝3，＝－6，S△ABC＝3，求A和a. 答案　； 解析　因为＝－6， 所以bccosA＝－6，又S△ABC＝3， 所以bcsinA＝6，因此tanA＝－1，又0a，∴B＝60或120. 若B＝60，C＝90，∴c＝＝2. 若B＝120，C＝30，∴a＝c＝. 2．(2017西安五校模拟)M为等边△ABC内一动点，且∠CMB＝120，则的最小值为________． 答案　 解析　如图，在正△ABC中， 设∠MBC＝θ，则∠ACM＝θ， 在△BMC中，根据正弦定理可得＝.① 在△AMC中，根据正弦定理可得 ＝.② ②①得＝≥. 3．(2015安徽，文)在△ABC中，AB＝，∠A＝75，∠B＝45，则AC＝________． 答案　2 解析　因为∠A＝75，∠B＝45，所以∠C＝60，由正弦定理可得＝，解得AC＝2. 4．(2015课标全国Ⅰ，理)在平面四边形ABCD中，∠A＝∠B＝∠C＝75，BC＝2，则AB的取值范围是________． 答案　(－，＋) 解析　如图，作△PBC，使∠B＝∠C＝75，BC＝2，作直线AD分别交线段PB、PC于A、D两点(不与端点重合)，且使∠BAD＝75，则四边形ABCD就是符合题意的四边形．过C作AD的平行线交PB于点Q，在△PBC中，可求得BP＝＋，在△QBC中，可求得BQ＝－，所以AB的取值范围是(－，＋)．