《2019年高考物理备考 优生百日闯关系列 专题01 质点的直线运动（含解析）.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考物理备考 优生百日闯关系列 专题01 质点的直线运动（含解析）.docx（25页珍藏版）》请在装配图网上搜索。
专题01 质点的直线运动
第一部分名师综述
本专题中的难题分为二，一为对运动图像的考查，对图像的考查范围很广，涉及的内容页比较多，几乎涉及了直线运动中的所有知识以及应用，特别是利用图像处理追击相遇问题时高考考查的重难点，在解题过程中，要注意分析图像的轴、点、线、面积、斜率等方面，考查方式多为选择题。二是对多过程直线运动的考查，综合了匀变速直线运动公式、追击相遇问题，考查方式多为计算题，在做题过程中需要（1）要养成画物体运动示意图，或者x-t图象与v-t图象的习惯，特别是比较复杂的运动，画出示意图或者运动图像可使运动过程直观化，物理过程清晰，便于研究，（2）要注意分析研究对象的运动过程，搞清楚整个运动过程按运动性质的转换可以分为哪几个阶段，各个阶段遵循什么规律，各个阶段又存在哪些联系。
第二部分精选试题
一、单选题
1．如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处于拉直状态，由静止开始释放小球，不计摩擦，小球可在A、B两点间来回摆动．当小球摆到B点时，细线恰好断开，则小球将（）
A．在B点保持静止 B．沿BE方向运动
C．沿BC方向运动 D．沿BD方向运动
【答案】 B
【解析】
由于小球被静止释放，不计摩擦，它可在A、B两点间来回摆动。当小球摆到B点时，小球速度恰好为零，此时若细线恰好断开，则小球只受重力作用而竖直下落。所以，将沿BE方向运动。故选B。
【点睛】此题考查了学生力和运动之间的关系，力可以改变物体的形状或运动状态。在此题中，小球由于重力作用将由静止下落。解决此题的关键是判断出在B点的运动状态。
2．如图所示为a、b、c三个质点运动的速度–时间图象（v–t图象），若三质点同时从同一位置出发则关于三个质点的运动，下列说法中正确的是
A．t1时刻a、b两质点的速度大小相等、方向和反
B．t1时刻后，质点b位于a、c的前面
C．0~t1时间内，a位于b、c两质点的前面
D．0~t1时间内，a、b两质点间的距离在不断减小
【答案】 C
【解析】
A、t1时刻a、b两图象对应的速度相等且均为正值，表示运动方向均为正方向，A错误。B、C、三质点从同一地点出发，t1时所围的面积表示位移，可得a在最前，其次是b，最后是c,B错误，C正确。D、0~t1时间内，可读出va>vb，则a、b之间的距离不断增大，D错误。故选C。
【点睛】利用匀变速直线运动图象分析追击与相遇，要注意明确图象的性质，图象的正负表示运动方向，图象的斜率表示加速度，能根据图象的面积求解位移．
3．一个物体在外力作用下由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的关系图线如图所示，则该物体：( )
A．0～1s内加速运动，1s～3s内减速运动，第3s末回到出发点
B．0～3s内物体位移是12m
C．0～1s内与1s～3s内的平均速度相同
D．2s时的速度方向与0.5s时的速度方向相反
【答案】 C
【解析】A、物体在第1 s内从静止开始匀加速运动，第2、3 s内沿原方向做匀减速运动，根据“面积”等于速度的变化量可知，3s末物体的速度为零，所以第3 s末没有回到出发点．故A错误；B、C、0~1s的位移，1s~3s的位移，故；而，，则B错误，C正确。D、第3 s末速度为零，故2s时和0.5s的速度方向相同，D错误．故选C.
【点睛】解决本题的关键根据加速度时间图线，知道物体做周期性运动，掌握“面积”等于速度的变化量和运动学公式，并分别求速度和位移．
4．甲、乙两车在平直公路上行驶，其v-t图象如图所示。t=0时，两车间距为s0；t0时刻，甲、乙两车相遇。0∼t0时间内甲车发生的位移为s，下列说法正确的是( )
A．0∼t0时间内甲车在前，t0∼2t0时间内乙车在前
B．0∼2t0时间内甲车平均速度的大小是乙车平均速度大小的2倍
C．2t0时刻甲、乙两车相距12s0
D．s0=67s
【答案】 D
【解析】
由图知在0～t0时间内甲车速度大于乙车的速度，故是甲车在追赶乙车，所以A错误；0～2t0时间内甲车平均速度的大小32v0，乙车平均速度12v0，所以B错误；由题意知，图中阴影部分面积即为位移S0，根据几何关系知，三角形ABC的面积对应位移S0∕3，所以可求三角形OCD的面积对应位移S0∕6，所以0—to时间内甲车发生的位移为s=S0+ S0∕6，得s0=67s，故D正确；2t0时刻甲、乙两车间的距离即为三角形ABC的面积即S0∕3，所以C错误。
5．A、B两球沿同一直线运动并发生正碰,如图所示为两球碰撞前后的位移—时间(x-t)图像,图中a、b分别为A、B两球碰撞前的图线,c为碰撞后两球共同运动的图线.若A球的质量mA=2kg,则由图可知下列结论正确的是( )
A．A、B两球碰撞前的总动量为3 kgm/s
B．碰撞过程A对B的冲量为-4 Ns
C．碰撞前后A的动量变化为4kgm/s
D．碰撞过程A、B两球组成的系统损失的机械能为10 J
【答案】 D
【解析】
【详解】
A、由s-t图像可以知道：碰撞前A的速度为vA=4-102=-3m/s；
碰撞前B的速度vB=4-02=2m/s，
碰撞后AB的速度为vC=2-42=-1m/s
根据动量守恒可知mbvB-mavA=-(ma+mb)vC
代入速度值可求得：mb=43kg
所以碰撞前的总动量为mbvB-mavA=-103kg⋅m/s，故A错误；
B、碰撞时A对B所施冲量为即为B的动量变化量ΔPB=-mbvC-mbvB=-4N⋅s故B正确；
C、根据动量守恒可知ΔPA=-ΔPB=4N⋅s=4kg⋅m/s，故C正确；
D、碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为12mavA2+12mbvB2-12ma+mbvC2=10J ,故D正确，
本题选不正确的，故选A
【点睛】
结合图像求出碰前碰后的速度，利用动量守恒求出B的质量，然后根据定义求出动量的变化量。
6．如下图所示，质量m＝1kg的物体从高为h＝0．2m的光滑轨道上P点由静止开始下滑，滑到水平传送带上的A点，物体和皮带之间的动摩擦因数为μ=0.2，传送带AB之间的距离为L＝5m，传送带一直以v＝4m/s的速度匀速运动，则( )
A．物体从A运动到B的时间是1．5s
B．物体从A运动到B的过程中，摩擦力对物体做了2 J功
C．物体从A运动到B的过程中，产生2J热量
D．物体从A运动到B的过程中，带动传送带转动的电动机多做了10J功
【答案】 AC
【解析】
试题分析：设物体下滑到A点的速度为v0，对PA过程，由机械能守恒定律有：12mv02=mgh代入数据得：v0=2gh=2m/s＜v=4m/s，则物体滑上传送带后，在滑动摩擦力作用下匀加速运动，加速度大小为a=μmgm=μg=2m/s2；加速至速度与传送带相等时用时：t1=v-v0a=4-22s=1s，匀加速运动的位移s1=v0+v2t1=2+421m=3m
1269m=27m，则平均速度v=xt>276m/s=4.5m/s，故D正确，C错误；
故选BD。
【点睛】
根据牛顿第二定律得出加速度与时间的表达式，结合a-t图线围成的面积表示速度变化量得出最大速度的大小，根据速度时间图线，结合图线围成的面积表示位移，根据平均速度的定义式求出平均速度的大小。
三、解答题
21．如图甲所示，有一倾角为θ=53的固定斜面体，底端的水平地面上放一质量为 M=3kg的木板，木板材质与斜面体相同．t=0时有一质量m=6kg的滑块在斜面上由静止开始下滑，后来滑块滑上木板并最终没有滑离木板（不考虑滑块从斜面滑上木板时的能量损失）．图乙所示为滑块在整个运动过程中的速率随时间变化的图象，已知sin53=0.8， eos53=0．6，取g=l0m/s2.求：
(1)滑块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数μ1、μ2；
(2)滑块停止运动的时刻t和木板的最小长度l。
【答案】（1）0.2（2）18m
【解析】
【详解】
(1)滑块在斜面上下滑时，满足：
mgsinθ -μ1N=ma1①
N= mgcosθ②
由v-t图得加速度a1=v0t1 =6m/s2③
综合①②③解得μ1=13
滑块滑上木板后减速μ1mg =ma2④
其中a2=v0-v1t2-t1⑤
对木板分析有μ1mg –μ2（m+M）g =Ma3⑥
其中a3=v1t2-t1⑦
综合④⑤⑥⑦解得μ2=0.2
(2) 由于μ2＜μ1，故滑块与木板达共速后一起匀减速，加速度满足
μ2（m+M）g =（m+M）a4⑧
又a4=v1t-t2⑨
综合⑧⑨解得t=6s
木板的最小长度l=12v0(t2-t1)=18m
【点睛】
本题考查牛顿第二定律的应用以及板块模型的问题，关键是根据图像分析物体的运动特征，搞清各个阶段的加速度情况以及位移速度关系，灵活运用牛顿第二定律及运动公式求解.
22．一小球在恒力F1作用下竖直向上做匀速直线运动，速度大小为v0.当小球运动到位置A时，将F1突然增大到某值F2(未知)，但保持其方向不变．持续一段时间t后，又突然将该力反向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到B点．重力加速度大小为g.不计空气阻力
(1)求油滴运动到B点时的速度；
(2)求增大后的力F2大小；已知不存在外力时，油滴以初速度v0做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、A两点间距离的两倍．
【答案】（1）v2=v0-2gt1；（2）F2=2-2v0gt1+14v0g2F1或F2=2-2v0gt1-14v0g2F1
【解析】
【分析】
（1）分析小球的运动过程，小球先向上做匀速直线运动，到达A处后因力突然增大而开始做匀加速直线运动，经过t后力突然反向，小球开始做匀减速直线运动，并可能在速度减为零后做反向的匀加速直线运动．对力增大后的两个过程分别列出牛顿第二定律方程，即可求得两个过程中的加速度，而t又是一个已知量，那么直接使用运动学公式即可求出小球运动到B点时的速度vB的大小；（2）因为小球最后可能做反向的匀加速直线运动，因此我们不能确定B点的位置究竟在A点上方还是A点下方，故需要分为两种情况讨论．对其中每一种情况，根据运动学公式列出方程，并与竖直上抛的方程进行联立，即可分别求得两种情况下增大后的力F2大小。
【详解】
在t＝0时，力从F1增加至F2时，油滴做竖直向上的匀加速运动，加速度方向向上，根据牛顿第二定律有：F2-mg=ma1①
油滴在时刻t1的速度为：v1=v0+a1t1②
力在时刻t1突然反向，油滴做匀变速运动，加速度方向向下，
根据牛顿第二定律有：F2+mg=ma2③
油滴在时刻t2=2t1的速度为：v2=v1-a2t1④
由①②③④式得：v2=v0-2gt1⑤
(2)由题意，在t=0时刻前有：F1=mg⑥
油滴从t=0到时刻t1的位移为：s1=v0t1+12a1t12⑦
油滴在从时刻t1到时刻t2=2t1的时间间隔内的位移为：s2=v0t1-12a2t12⑧
由题给条件有：v02=2g2h⑨
式中h是B、A两点之间的距离．若B点在A点之上，依题意有s1+s2=h ⑩
由①②③⑥⑦⑧⑨⑩式得F2=2-2v0gt1+14v0g2F1⑪
若B点在A点之下，依题意有s1+s2=-h⑮
由①②③⑥⑦⑧⑨⑮式得F2=2-2v0gt1-14v0g2F1⑯
【点睛】
解决复杂的力学问题，可以从两条线索展开：其一，力和运动的关系．根据物体的受力情况，用牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式确定速度和位移等；其二，功和能的关系．根据做功情况，引起物体的能量发生变化，利用动能定理进行解答．
23．如图所示，在距地面不等高处有两点A和B，它们之间的高度差为b。A、B处各有一小球，A处小球Ⅰ自由下落一段距离a后，B处小球Ⅱ开始自由下落，结果两小球同时落地，求球Ⅰ和球Ⅱ下落时间之比。
【答案】b+ab-a
【解析】
【详解】
设A距地面的高度为H，根据h=12gt2可知，A下落到地面的时间t＝2Hg，
A下落a所需时间t′＝2ag
则B下落的时间t″=t-t′，则H-b=12gt″2
联立解得，tt-t＝b+ab-a
球Ⅰ和和球Ⅱ下落时间之比为b+ab-a
【点睛】
本题主要考查了自由落体运动的位移时间公式，明确AB同时落地，找出AB的时间关系即可求得
24．如图所示,长L=1.0m 木板B放在水平面上,其右端放置一小物块A(视为质点).B的质量mB=2.0kg ,A的质量mA=3.0kg ,B与水平面间的动摩擦因数μ1=0.20 ,A、B间的动摩擦因数μ2=0.40 ,刚开始两者均处于静止状态,现给A一水平向左的瞬间冲量I,I=9.0N∙S ,重力加速度g取10m/s2 ,最大静摩擦力等于滑动摩擦力.求:
(1)A开始运动的速度 ;
(2)A、B之间因摩擦产生的热量;
(3)整个过程A对地的位移.
【答案】（1）3.0m/s（2）10.8J（3）1.17m
【解析】（1）由题意，由动量定理得 I=mv0．
代入数据解得 v0=3m/s
（2）对A：aA=μ2mAgmA=μ2g=4m/s2．
对B：aB=μ2mAg-μ1mA+mBgmB
代入数据解得 aB=1m/s2．
A对地做匀减速运动，B对地做匀加速运动，设A、B达到相同速度为v，所需时间为t，A的位移为xA，B的位移为xB．
对A：v=v0-aAt
xA=v2-v022(-aA)
对B：v=aBt
xB=12aBt2
代入数据解得 v=0.6m/s，t=0.6s，xA=1.08m，xB=0.18m
A对B的位移为△x=xA-xB=1.08m-0.18m=0.9m＜1m，假设成立
故此过程中，A、B之间因摩擦产生的热量 Q=μ2mAg
解得 Q=10.8J
（2）A、B达到相同速度后，设二者保持静止，整体减速的加速度为 a=μ1mA+mBgmA+mB=μ1g＜μ2g，则假设成立．
此后二者共同滑行的距离 x共=v22a=0．6222=0.09m
故整个过程A对地的位移 x总=xA+x共=1.17m
点睛：本题的关键要分析两个物体的运动过程，根据物体的受力情况先求解加速度，并能抓住临界状态：速度相同，采用隔离法和整体法结合分析．
25．为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1(s1
下载提示(请认真阅读)
- 1.请仔细阅读文档，确保文档完整性，对于不预览、不比对内容而直接下载带来的问题本站不予受理。
- 2.下载的文档，不会出现我们的网址水印。
- 3、该文档所得收入（下载+内容+预览）归上传者、原创作者；如果您是本文档原作者，请点此认领！既往收益都归您。
文档包含非法信息？点此举报后获取现金奖励！
下载文档到电脑，查找使用更方便
9.9
积分
- 配套讲稿：
如PPT文件的首页显示word图标，表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制：
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片，仅作为作品整体效果示例展示，禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词：
-
2019年高考物理备考
优生百日闯关系列
专题01
质点的直线运动含解析
2019
年高
物理
备考
优生
百日
闯关
系列
专题
01
质点
直线运动
解析
- 温馨提示:
1: 本站所有资源如无特殊说明，都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
2: 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等，如果需要附件，请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
3.本站RAR压缩包中若带图纸，网页内容里面会有图纸预览，若没有图纸预览就没有图纸。
4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
5. 装配图网仅提供信息存储空间，仅对用户上传内容的表现方式做保护处理，对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑，并不能对任何下载内容负责。
6. 下载文件中如有侵权或不适当内容，请与我们联系，我们立即纠正。
7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
装配图网所有资源均是用户自行上传分享，仅供网友学习交流，未经上传用户书面授权，请勿作他用。
2019年高考物理备考 优生百日闯关系列 专题01 质点的直线运动（含解析）.docx
链接地址：https://www.zhuangpeitu.com/p-3917490.html