2019高考数学 30分钟拿下选择、填空题 专题03 特例法 理.doc

《2019高考数学 30分钟拿下选择、填空题 专题03 特例法 理.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考数学 30分钟拿下选择、填空题 专题03 特例法 理.doc（13页珍藏版）》请在装配图网上搜索。

专题03 特例法 方法探究 特例法对解决有关数学题目是一种非常独特且十分有效的方法，它可以使繁杂的问题处理简易化，收到事半功倍的效果. 特例法也就是我们常说的特殊值验证法，有时也用特殊数值、特殊图形、特殊位置代替题设中普遍条件，得出特殊结论，再对各选项进行检验，从而做出正确的选择．特别是对于一些比较棘手的高考选择题或填空题，若能注意到其特殊情况，从特殊性入手，也许就可以简捷快速地解决问题. 常用的特例有特殊数值、特殊点、特殊数列、特殊函数、特殊图形、特殊角、特殊位置等．特例法是解答选择题的最佳方法之一，具体是通过特例的方式提高解题速度，题中的一般情况必须满足我们取值的特殊情况，从而我们选取适当的特值帮助我们得到正确的结论.比如，某个数列，可以考虑等差数列或等比数列的情形；某个三角形，可以考虑直角三角形或等边三角形；椭圆上某点，可以考虑长轴或短轴的端点等，但考虑的前提是一定要满足这种情况适合题中所有条件. 特例法具有简化运算和推理的功效，比较适用于题目中含有字母或具有一般性结论的选择题或填空题，但使用时一定要注意：（1）取特例尽可能简单，有利于计算和推理；（2）若在不同的特殊情况下有两个或两个以上的结论相符，则应选另一特例情况再检验，或改用其他方法求解；（3）当正确的选择对象，在题设普遍条件下都成立的情况下，用特殊值（取得越简单越好）进行探求，从而清晰、快捷地得到正确的答案，即通过对特殊情况的研究来判断一般规律，这是解答本类选择、填空题的最佳策略. 近年来高考选择、填空题中可用或结合用特例法解答的试题能占到30%左右，所以要想快速准确地赢得时间获取高分，一定要学会、会用并且灵活使用特例法！ 经典示例 【例1】（利用特殊值）若实数，则下列不等式中一定成立的是 A． B． C． D． 【答案】D 【名师点睛】本题主要考查了不等式的基本性质，其中熟记不等式的基本性质的使用条件和推理方法是解答的关键，着重考查了推理与论证能力.通过不等式的性质的推理和举出反例，即可作出判断. 【备考警示】本题在选取a，b的值时，一定要满足条件，才可以正确求解. 【例2】（利用特殊函数）下列有关函数单调性的说法，不正确的是 A．若f(x)为增函数，g(x)为增函数，则f(x)＋g(x)为增函数 B．若f(x)为减函数，g(x)为减函数，则f(x)＋g(x)为减函数 C．若f(x)为增函数，g(x)为减函数，则f(x)＋g(x)为增函数 D．若f(x)为减函数，g(x)为增函数，则f(x)－g(x)为减函数 【答案】C 【解析】方法一： 取函数，为增函数，取函数，为减函数，则，为减函数，故C不正确.选C. 当然，本题选取其他符合题意的函数也可，比如等. 方法二： 设任意实数，根据为增函数，为减函数，则，，设，当时， ，由于，，所以的符号不确定，即的单调性不确定，故选C． 【方法点睛】根据函数单调性定义，可以进行证明并得到下面结论：在公共的定义域内，增函数增函数增函数；减函数减函数减函数；增函数减函数增函数；减函数增函数减函数.在解选择题、填空题时我们可以根据此结论直接对常见函数进行单调性的判断. 【备考警示】很明显，方法一要比方法二更简洁，比利用结论更直观. 【例3】（利用特殊数列）已知数列是等比数列，其公比为，则“”是“数列为单调递增数列“的” A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件 【答案】D 【名师点睛】一般地，等比数列为单调递增数列的充要条件是或．等差数列为单调递增数列的充要条件是公差． 【备考警示】等比数列的通项公式为，故其单调性不仅取决于的符号，还要考虑还是．所以本题直接求解比较困难，而选取特殊值，构造特殊数列会简单快捷得多. 【例4】（利用特殊位置）在三棱锥中，底面为直角三角形，且，斜边上的高为，三棱锥的外接球的直径是，若该外接球的表面积为，则三棱锥的体积的最大值为__________． 【答案】 【解析】如图所示， 由外接球的表面积为，可得外接球的半径为，则， 设，则，又边上的高， 当平面时，棱锥的体积最大，此时，易知当时，体积最大，且最大值为. 【名师点睛】本题考查了有关球的组合体问题，以及三棱锥的体积的求法，解答时要认真审题，注意球的性质的合理运用，把球的体积表示成关于的函数表达式是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力. 【备考警示】几何问题的特殊位置一般是垂直、平行、对称或中点处等，做题时多往这几方面考虑. 拓展变式 1．已知，则“，”是“”的 A．充分必要条件 B．充分不必要条件 C．必要不充分条件 D．既不充分也不必要条件 【答案】C 【名师点睛】在判断充分、必要条件时需要注意：(1)确定条件是什么、结论是什么；(2)尝试从条件推导结论，从结论推导条件；(3)确定条件是结论的什么条件．抓住“以小推大”的技巧，即小范围推得大范围，即可解决充分必要性问题． 【方法技巧】熟练应用找特殊值进行验证是解决此类问题的快速有效方法. 2．已知椭圆的左焦点为，点为椭圆上一动点，过点向以为圆心，为半径的圆作切线，其中切点为，则四边形面积的最大值为 A． B． C． D． 【答案】A 【解析】如图所示， 【名师点睛】本题考查了椭圆与圆的标准方程及其性质、圆的切线的性质、勾股定理、三角形的面积计算公式，考查了推理能力和计算能力，属于难题． 【规律总结】圆锥曲线中的最值问题，如果涉及动点问题，就要找点的特殊位置，比如本题，当P点为椭圆的右顶点时，|PF|取得最大值a+c． 终极押题 一、选择题 1．已知集合，，则 A． B． C． D． 【答案】B 【解析】解，即，得，所以，又，故.故选B. 2．已知复数满足，则 A． B． C． D． 【答案】C 3．已知命题：，；命题：，，则下列命题为真命题的是 A． B． C． D． 【答案】D 【解析】因为时，，，故不成立，所以命题为假命题； 当时，，故命题为真命题，所以为真命题.故选D. 4．已知角的终边经过点（），若，则 A． B． C． D． 【答案】B 【解析】由题意得（O为坐标原点），所以，解得，即，所以．故选B． 5．在等差数列中，首项，公差，若，则 A．496 B．469 C．4915 D．5000 【答案】C 【解析】因为数列是等差数列，所以， 因为，所以， 又，所以，所以.故选C. 6．已知，，，则 A． B． C． D． 【答案】B 7．如图为某几何体的三视图（图中网格纸上每个小正方形的边长为1），则该几何体的体积等于 A． B． C． D． 【答案】A 【解析】由三视图可知，该几何体是一个组合体，其中上方是一个底面半径为1，高为1的圆锥，中间部分是一个半径为1的半球，下方是一个正四棱柱，且该正四棱柱的底面是边长为2的正方形，高为3，所以圆锥的体积，半球的体积，正四棱柱的体积 ，所以该几何体的体积．故选A. 8．函数的大致图象为 【答案】C 9．执行如图所示的程序框图,若输入的数据依次为98,a,输出的结果是a,则a的值不可能是 A．7 B．14 C．28 D．49 【答案】C 【解析】由程序框图可知,输出的是98,a的最大公约数,根据98,a的最大公约数是a,可知a是98的约数,7,14,49都是98的约数,28不是98的约数,故选C. 10．M公司与N公司计划进行6个重点项目的洽谈，考虑到N公司目前的现状，M公司代表对项目洽谈的顺序提出了如下要求：重点项目甲必须排在前三位，且项目丙、丁必须排在一起，则这六个项目的不同安排方案共有 A．种 B．种 C．种 D．种 【答案】D 故符合题意要求的安排方案共有种．故选D． 方法二： （1）丙、丁在第1、2两位，则甲只能在第3位，不同的安排方案有种； （2）丙、丁在第2、3两位，则甲只能在第1位，不同的安排方案有种； （3）丙、丁在第3、4两位，则甲可以在第1位或第2位，不同的安排方案有种； （4）丙、丁在第4、5两位，则甲可以在第1位或第2位或第3位，不同的安排方案有种； （5）丙、丁在第5、6两位，则甲可以在第1位或第2位或第3位，不同的安排方案有种． 综上，不同的安排方案有种．故选D． 方法三： 由于甲在前3位与后3位的可能性相同，故不同的安排方案有种．故选D． 11．已知函数（，）的最小正周期为，且图象过点，要得到函数的图象，只需将函数的图象 A．向左平移个单位长度 B．向左平移个单位长度 C．向右平移个单位长度 D．向右平移个单位长度 【答案】B 12．若函数与满足：存在实数，使得，则称函数为的“友导”函数.已知函数为函数的“友导”函数，则的取值范围是 A． B． C． D． 【答案】D 【解析】由题意得，，函数为函数的“友导”函数，即方程在上有解，所以方程在上有解，记，则，当时，，，所以，函数单调递增；当时，，，所以，函数单调递减.所以.故由方程有解可得.故选D. 二、填空题 13．设向量，，，若向量与垂直，则实数 . 【答案】 【解析】由已知得，，因为向量与垂直， 所以，所以，即. 14．已知实数满足约束条件，则的最大值为 . 【答案】12 15．已知椭圆，离心率，抛物线的焦点是椭圆的左顶点，则椭圆 的标准方程为 . 【答案】 【解析】因为抛物线的焦点坐标为，所以，因为，所以，即，所以，所以椭圆的标准方程为. 16．在锐角中，已知角的对边分别为，， ，且最短边，则 . 【答案】 你用了几分钟？ 有哪些问题？